2022高考数学一轮复习-第2章-函数概念与基本初等函数Ⅰ第7讲-函数与方程试题1.docx

2022高考数学一轮复习 第2章 函数概念与基本初等函数第7讲 函数与方程试题12022高考数学一轮复习 第2章 函数概念与基本初等函数第7讲 函数与方程试题1年级：姓名：第 5 页 共 5 页第二章 函数的概念与基本初等函数I第七讲 函数与方程练好题考点自测1.下列说法正确的是()A.函数的零点就是函数的图象与x轴的交点B.若函数y=f(x)在区间(a,b)内有零点(函数图象连续不断),则f(a)f(b)0C.二次函数y=ax2+bx+c在b2-4ac0时没有零点D.函数y=f(x)的零点就是方程f(x)=0的实根2.2019全国卷,5,5分函数f(x)=2sin x-sin 2x在0,2上的零点个数为()A.2B.3C.4D.53.2020天津,9,5分已知函数f(x)=x3,x0,-x,x0.若函数g(x)=f(x)-|kx2-2x|(kR)恰有4个零点,则k的取值范围是()A.(-,-12)(22,+)B.(-,-12)(0,22)C.(-,0)(0,22)D.(-,0)(22,+)4.2021河北六校第一次联考函数f(x)=2x-2x-a的一个零点在区间(1,2)内,则实数a的取值范围是.5.用二分法求函数y=f(x)在区间(2,4)上的近似解,(1)验证f(2)f(4)0,给定精确度=0.01;(2)取区间(2,4)的中点x1=2+42=3;(3)计算得f(2)f(3)0,则此时零点x0.(填区间)拓展变式1.湖北高考,5分理函数f(x)=4cos2x2cos(2-x)-2sin x-|ln(x+1)|的零点个数为.2.(1)2021南昌市高三测试若函数f(x)=x2-acos x+a2+3a-8有唯一零点,则a=()A.-2B.2或-4C.-4D.2(2)2020武汉部分重点学校3月模拟已知函数f(x)=log12(x+1),-1x0,-x2+2x,x0,若关于x的方程f(x)=m(mR)恰有三个不同的实数根a,b,c,则a+b+c的取值范围是()A.(12,1)B.(34,1)C.(34,2)D.(32,2)3.2020贵阳4月适应性测试已知函数f(x)=ex,x0时,由x3=|kx2-2x|可得x2=|kx-2|,当x0,1,x0,(x)=|kx-2|(x0),则函数y=(x)与y=(x)的图象有3个交点.若k0,如图D 2-7-1所示,函数y=(x)与y=(x)的图象有3个交点,所以k0,如图D 2-7-2所示,需证当x2k时,函数y=(x)与y=(x)的图象有2个交点.当x2k时,(x)=x2,(x)=kx-2,令(x)=(x),则x2-kx+2=0,因为x2-kx+2=0有两个不同实根,所以0,即k2-80,解得k22.综上,当k22时,函数g(x)=f(x)-|kx2-2x|恰有4个零点.4.(0,3)由已知知函数f(x)在(1,2)上单调递增,则由f(x)的一个零点在区间(1,2)内,知f(1)f(2)0,即(21-21-a)(22-22-a)=(-a)(3-a)=a(a-3)0,解得0a3.5.(2,3)因为f(2)f(4)0,所以由二分法可知函数在区间(2,4)上必存在零点,又f(2)f(3)-1,函数f(x)的零点个数即为函数y1=sin 2x(x-1)与y2=|ln(x+1)|(x-1)的图象的交点个数.分别作出两个函数的图象,如图D 2-7-3,可知有2个交点,则 f(x)有2个零点.图D 2-7-32.(1)D依题意知x2-acos x+a2+3a-8=0有唯一解,即x2+a2+3a-8=acosx有唯一解,也即函数y=x2+a2+3a-8与函数y=acosx的图象有唯一公共点.因为函数y=x2+a2+3a-8是偶函数,其图象开口向上,且关于y轴对称,函数y=acosx是偶函数,其图象关于y轴对称,所以两个函数图象唯一公共点的横坐标为0,(题眼)对应的纵坐标相等,即a2+3a-8=a,解得a=2或a=-4.当a=2时,y=x2+2的图象开口向上,顶点为(0,2),y=2cos x的图象过点(0,2),且点(0,2)为图象的最高点,所以此时两个函数只有一个公共点,符合题意.当a=-4时,f(x)=x2+4cos x-4,f(0)=0+4cos 0-4=0,f(2)=24-40,所以函数f(x)在区间(2,)上也存在零点,不符合题意.综上所述,a的值为2.故选D.(2)D作出函数f(x)的大致图象如图D 2-7-4中实线所示,不妨设abc,则b,c为关于x的方程-x2+2x-m=0的两根,所以b+c=2.因为方程f(x)=m(mR)恰有三个不同的实数根,所以0m1,则0log12(a+1)1,解得-12a0,所以32a+b+c2,即a+b+c的取值范围是(32,2).故选D.3.B由2f(x)2-3f(x)-2=0,解得f(x)=-12或f(x)=2.注意到当x0时,f(x)=ex的值域是(0,1),因此关于x的方程f(x)=-12与f(x)=2均没有负实数解.解法一当x0时,f(x)=6x3-9x2+1,则f(x)=18x2-18x=18x(x-1).当x(0,1)时,f(x)0.因此函数f(x)=6x3-9x2+1在区间(0,1)上单调递减,在区间(1,+)上单调递增,且f(0)=1,f(1)=-2,当x+时,f(x)+,作出函数f(x)在0,+)上的图象,如图D 2-7-5中的实线所示.结合图象可知,直线y=-12与曲线y=6x3-9x2+1(x0)有两个不同的交点,即关于x的方程f(x)=-12有两个不相等的正根x1,x2,直线y=2与曲线y=6x3-9x2+1(x0)有唯一交点,即关于x的方程f(x)=2有唯一的正根x3.x1,x2,x3两两不等.综上,g(x)的零点个数为3,故选B.解法二当x0时,由6x3-9x2+1=-12,得4x3-6x2+1=0.记m(x)=4x3-6x2+1(x0),求导得m(x)=12x2-12x=12x(x-1).由m(x)0,得0x0,得x1.可知m(x)在(0,1)上单调递减,在(1,+)上单调递增,且m(0)=10,m(1)=-10,当x+时,m(x)+,由函数零点存在定理可知,m(x)在(0,1),(1,+)上各存在一个零点.由6x3-9x2+1=2,得6x3-9x2-1=0.记h(x)=6x3-9x2-1(x0),求导得h(x)=18x2-18x=18x(x-1).由h(x)0,得0x0,得x1.可知h(x)在(0,1)上单调递减,在(1,+)上单调递增,且h(0)=-10,当x+时,h(x)+,由函数零点存在定理可知,h(x)在(0,+)上存在唯一的零点.综上所述,g(x)=2f(x)2-3f(x)-2的零点个数为3,故选B.