2018年全国高考理科数学(全国一卷)试题及答案(2).pdf

2018 年全国普通高等学校招生全国统一考试（全国一卷）理科数学 一、选择题：（本题有 12 小题，每小题 5 分，共 60 分。）1、设 z=，则z=（）A.0 B.C.1 D.12 22、已知集合 A=x|x2-x-20，则A=（）A、x|-1x2 B、x|-1x2C、x|x2 D、x|x-1x|x 23、某地区经过一年的新农村建设，农村的经济收入增加了一倍，实现翻番，为更好地了解该地区农村的经济收入变化情况，统计了该地区新农村建设前后农村的经济收入构成比例，得到如下饼图：则下面结论中不正确的是（）A.新农村建设后，种植收入减少B.新农村建设后，其他收入增加了一倍以上C.新农村建设后，养殖收入增加了一倍建设前经济收入构成比例建设前经济收入构成比例建设后经济收入构成比例建设后经济收入构成比例D.新农村建设后，养殖收入与第三产业收入的总和超过了经济收入的一半4、记 S Sn n为等差数列a an n的前 n 项和，若 3S S3 3 =S S2 2+S S4 4，a a1 1 =2，则 a a5 5 =（）A、-12 B、-10 C、10 D、125、设函数f（x）=x+（a-1）x+ax.若 f（x）为奇函数，则曲线 y=f（x）在点（0，0）处的切线方程为（）A.y=-2xB.y=-x C.y=2x D.y=x6、在ABC 中，AD 为 BC 边上的中线，E 为 AD 的中点，则=（）A.-B.-C.+D.+34141434341414347、某圆柱的高为 2，底面周长为 16，其三视图如右图。圆柱表面上的点 M 在正视图上的对应点为A，圆柱表面上的点 N 在左视图上的对应点为 B，则在此圆柱侧面上，从 M 到 N 的路径中，最短路径的长度为（）A.2 17B.25C.3 D.28.设抛物线 C：y=4x 的焦点为 F，过点（-2，0）且斜率为 的直线与 C 交于 M，N 两点，23则=()A.5 B.6 C.7 D.89.已知函数 f（x）=g（x）=f（x）+x+a，若 g（x）存在 2 个零点，则 a 的取值范围是()A.-1，0）B.0，+）C.-1，+）D.1，+）10.下图来自古希腊数学家希波克拉底所研究的几何图形。此图由三个半圆构成，三个半圆的直径分别为直角三角形 ABC 的斜边 BC，直角边 AB，AC.ABC 的三边所围成的区域记为，黑色部分记为，其余部分记为。在整个图形中随机取一点，此点取自，的概率分别记为p1，p2，p3，则()A.p1=p2B.p1=p3C.p2=p3D.p1=p2+p311.已知双曲线 C：-y=1y=1，O 为坐标原点，F 为 C 的右焦点，过 F 的直线与 C 的两条渐近线的交23 点分别为M，N.若OMN为直角三角形，则MN=()A.B.3 C.D.43212.已知正方体的棱长为 1，每条棱所在直线与平面 所成的角都相等，则 截此正方体所得截面面积的最大值为（）A.B.C.D.二、填空题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。13.若 x，y 满足约束条件则 z=3x+2y 的最大值为 .14.记 Sn为数列an的前 n 项和.若 Sn=2an+1，则 S6=.15.从 2 位女生，4 位男生中选 3 人参加科技比赛，且至少有 1 位女生入选，则不同的选法共有 种.（用数字填写答案）16.已知函数 f（x）=2sinx+sin2x，则 f（x）的最小值是 .三.解答题：共 70 分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。第 1721 题为必考题，每个试题考生都必须作答。第 22、23 题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题：共（一）必考题：共 6060 分。分。17.（12 分）在平面四边形 ABCD 中，ADC=90，A=45，AB=2，BD=5.（1）求 cosADB；（2）若DC=，求BC.18.（12 分）如图，四边形ABCD为正方形，E，F分别为AD，BC的中点，以DF为折痕把DFC折起，使点C到达点P的位置，且PFBF.（1）证明：平面PEF平面ABFD；（2）求DP与平面ABFD所成角的正弦值.19.（12 分）设椭圆 C：+y=1y=1 的右焦点为 F，过 F 的直线 l 与 C 交于 A，B 两点，点 M 的坐标为（2，0）.22（1）当 l 与 x 轴垂直时，求直线 AM 的方程；（2）设 O 为坐标原点，证明：OMA=OMB.20、（12 分）某工厂的某种产品成箱包装，每箱 200 件，每一箱产品在交付用户之前要对产品作检验，如检验出不合格品，则更换为合格品，检验时，先从这箱产品中任取 20 件产品作检验，再根据检验结果决定是否对余下的所有产品做检验，设每件产品为不合格品的概率都为P（0P1），且各件产品是否为不合格品相互独立。（1）记 20 件产品中恰有 2 件不合格品的概率为 f（P），求 f（P）的最大值点。（2）现对一箱产品检验了 20 件，结果恰有 2 件不合格品，以（1）中确定的作为 P 的值，已知每件产品的检验费用为 2 元，若有不合格品进入用户手中，则工厂要对每件不合格品支付 25 元的赔偿费用。（i）若不对该箱余下的产品作检验，这一箱产品的检验费用与赔偿费用的和记为 X，求 EX；（ii）以检验费用与赔偿费用和的期望值为决策依据，是否该对这箱余下的所有产品作检验？21、（12 分）已知函数.（1）讨论 f（x）的单调性；（2）若 f（x）存在两个极值点 x1,x2,证明：.（二）选考题：共（二）选考题：共 1010 分。请考生在第分。请考生在第 2222、2323 题中任选一题作答。如果多做，则按所做的第一题计题中任选一题作答。如果多做，则按所做的第一题计分。分。22.选修 4-4：坐标系与参数方程（10 分）在直角坐标系xOy中，曲线 C的方程为 y=kx+2.以坐标原点为极点，x轴正半轴为极轴建立极坐标系，曲线 C的极坐标方程为+2 cos -3=0.（1）求 C的直角坐标方程:（2）若 C与 C有且仅有三个公共点，求 C的方程.23.选修 4-5：不等式选讲（10 分）已知 f（x）=x+1-ax-1.（1）当 a=1 时，求不等式 f（x）1 的解集；（2）若 x（0，1）时不等式 f（x）x 成立，求 a 的取值范围.绝密启用前 2018 年普通高等学校招生全国统一考试理科数学试题参考答案一、选择题1C 2B 3A 4B 5D 6A7B 8D 9C10A11B12A二、填空题13141516663163 32三、解答题17解：（1）在中，由正弦定理得.ABDsinsinBDABAADB由题设知，所以.52,sin45sinADB2sin5ADB由题设知，所以.90ADB，223cos1255ADB（2）由题设及（1）知，.2cossin5BDCADB在中，由余弦定理得BCD2222cos2258252 2525.BCBDDCBD DCBDC 所以.5BC 18解：（1）由已知可得，所以平面.BFPFBFEFBF PEF又平面，所以平面平面.BF ABFDPEF ABFD（2）作，垂足为.由（1）得，平面.PHEFHPH ABFD以为坐标原点，的方向为 y 轴正方向，为单位长，建立如图所示的空间直角坐标系.HHFuuu r|BFuu u rHxyz由（1）可得，.又，所以.又，故.DEPE2DP 1DE 3PE 1PF 2EF PEPF可得，.32PH 32EH 则，,，为平面的法向量.(0,0,0)H3(0,0,)2P3(1,0)2D 33(1,)22DP uuu r3(0,0,)2HP uuu rABFD设与平面所成角为，则.DPABFD334sin|43|HP DPHPDPuuu r uuu ruuu ruuu r所以与平面所成角的正弦值为.DPABFD3419解：（1）由已知得，的方程为.(1,0)Fl1x 由已知可得，点 A 的坐标为或.2(1,)22(1,)2所以 AM 的方程为或.222yx 222yx（2）当 l 与 x 轴重合时，.0OMAOMB 当 l 与 x 轴垂直时，OM 为 AB 的垂直平分线，所以.OMAOMB 当 l 与 x 轴不重合也不垂直时，设 l 的方程为，则，(1)(0)yk xk11(,)A x y22(,)B xy12x，直线 MA，MB 的斜率之和为.22x 121222MAMByykkxx由，得11ykxk22ykxk.12121223()4(2)(2)MAMBkx xk xxkkkxx将代入得(1)yk x2212xy.2222(21)4220kxk xk所以，.22121222422,2121kkxxx xkk则.3331212244128423()4021kkkkkkx xk xxkk从而，故 MA，MB 的倾斜角互补.所以.0MAMBkkOMAOMB 综上，.OMAOMB 20解：（1）20 件产品中恰有 2 件不合格品的概率为.因此221820()C(1)f ppp .2182172172020()C 2(1)18(1)2C(1)(1 10)fpppppppp令，得.当时，；当时，.所以的最大值点为()0fp0.1p(0,0.1)p()0fp(0.1,1)p()0fp()f p.00.1p（2）由（1）知，.0.1p（）令 Y 表示余下的 180 件产品中的不合格品件数，依题意知，即(180,0.1)YB:20225XY.4025XY所以.(4025)4025490EXEYEY（）如果对余下的产品作检验，则这一箱产品所需要的检验费为 400 元.由于，故应该对余下的产品作检验.400EX 21解：（1）的定义域为，.()f x(0,)22211()1axaxfxxxx （）若，则，当且仅当，时，所以在单调递减.2a()0fx2a 1x()0fx()f x(0,)（）若，令得，或.2a()0fx242aax242aax当时，；2244(0,)(,)22aaaaxU()0fx当时，.所以在，单调递减，在2244(,)22aaaax()0fx()f x24(0,)2aa24(,)2aa单调递增.2244(,)22aaaa（2）由（1）知，存在两个极值点当且仅当.()f x2a 由于的两个极值点，满足，所以，不妨设，则.由于()f x1x2x210 xax 121x x 12xx21x，12121221212121222()()lnlnlnln2ln11221f xf xxxxxxaaaxxx xxxxxxx 所以等价于.1212()()2f xf xaxx22212ln0 xxx设函数，由（1）知，在单调递减，又，从而当时，1()2lng xxxx()g x(0,)(1)0g(1,)x.()0g x 所以，即.22212lnxxx 01212()()2f xf xaxx22解：（1）由，得的直角坐标方程为cosxsiny2C .22(1)4xy（2）由（1）知是圆心为，半径为的圆.2C(1,0)A 2由题设知，是过点且关于轴对称的两条射线.记轴右边的射线为，轴左边的射线为.由1C(0,2)Byy1ly2l于在圆的外面，故与有且仅有三个公共点等价于与只有一个公共点且与有两个公共点，或B2C1C2C1l2C2l2C与只有一个公共点且与有两个公共点.2l2C1l2C当与只有一个公共点时，到所在直线的距离为，所以，故或.经检验，当1l2CA1l22|2|21kk 43k 0k 时，与没有公共点；当时，与只有一个公共点，与有两个公共点.0k 1l2C43k 1l2C2l2C当与只有一个公共点时，到所在直线的距离为，所以，故或.经检验，当2l2CA2l22|2|21kk0k 43k 时，与没有公共点；当时，与没有公共点.0k 1l2C43k 2l2C综上，所求的方程为.1C4|23yx 23解：（1）当时，即1a()|1|1|f xxx2,1,()2,11,2,1.xf xxxx 故不等式的解集为.()1f x 1|2x x（2）当时成立等价于当时成立.(0,1)x|1|1|xaxx(0,1)x|1|1ax 若，则当时；0a(0,1)x|1|1ax 若，的解集为，所以，故.0a|1|1ax 20 xa21a02a综上，的取值范围为.a(0,2