2025-2026学年内蒙古鄂托克旗乌兰镇中学中考物理试题二模试题及参考答案含解析.doc

2025-2026学年内蒙古鄂托克旗乌兰镇中学中考物理试题二模试题及参考答案
考生请注意：
1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。
2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。
3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）
1．如图（a）所示电路中，闭合开关后，两个电压表指针偏转均如图（b）所示，则电阻R1和R2两端的电压分别为

A．7 V 1.4V B．5.6V 1.4V C．1.4V 7V D．1.4V 5.6V
2．诗词是中华文化的瑰宝之一，许多优美的诗词是对生活和自然现象的生动描述，也与物理知识紧密联系，下列诗词与对应的物理知识有误的一项的是　　
A．“两岸青山相对出，孤帆一片日边来”--“孤帆”运动，是以江岸为参照物的
B．“水皆缥碧，千丈见底，游鱼细石，直视无碍”--看到水中游鱼细石是光的反射形成的虚像
C．“人面桃花相映红”--桃花呈红色是因为它能反射红光
D．“床前明月光，疑是地上霜”--霜实际是固态，是由水蒸气凝华形成
3．如图中各实验现象所揭示的原理或规律与其所对应的应用技术错误的是

A．甲图中演示的规律是电流的磁效应，电铃就是利用电流的磁效应来工作的
B．乙图中演示的规律是电磁铁磁性的强弱与电流的大小有关，对着话筒说话引起线圈振动，从而将声音信号转化为电信号的动圈式话筒是根据这一原理制成的
C．丙图中揭示的规律是电磁感应现象，发电机就是根据电磁感应现象制成的
D．丁图中揭示的规律是通电导体在磁场中受到力的作用，电动机是根据这原理制成的
4．在室温下，用绷紧的橡皮膜把一空锥形瓶的瓶口封上,然后把瓶子放入热水中，橡皮膜会向外凸，下列关于瓶内气体的描述错误的是（ ）

A．分子的无规则运动会加剧 B．内能会增大
C．质量会不变 D．压强会减小
5．下列说法中与实际情况不相符的是（ ）
A．小明同学在1分钟内骑自行车行驶了300m
B．一位中学生的体重正常情况下约为500N
C．一盏家用日光灯正常工作的电流约为3A
D．人体感觉最适宜的温度约为23℃
6．如图甲是小明设计的调光台灯的电路，电源电压恒为5 V，滑动变阻器标有“20 Ω  2 A”，电 流表、电压表使用的量程分别为“0~0.6A”和“0~3 V”，小灯泡额定电压为3 V，小灯泡的I-U关系图像如图乙所示．闭合开关，移动滑片P，在保证电路安全的前提下，下列说法正确的是

A．电流表的最大示数为0.6 A
B．灯泡的最小功率为0.5 W
C．电路的最大总功率为3 W
D．滑动变阻器接入电路的最大阻值为15 Ω
7．以下描述中与光的折射现象有关的是（ ）
A．形影相随，亲密无间 B．海市蜃楼，虚无缥缈
C．镜中生花，脱离实际 D．水中捞月，一无所得
二、填空题（本大题7小题，共21分）
8．某水电壶工作2min，使图示电能表的转盘转过150r，则电水壶消耗的电能为_____kW•h，电功率为_____kW，这些电能可供一只“220 10W”的节能灯正常工作_____h．

9．如图，“歼20”是我国自主研发的一种新型“隐形战机”，它的机身材料和涂层对雷达发射的__（选填“超声波”或“电磁波”）具有良好的吸收作用．当它加速上升时，飞行员的机械能___．（选填“增大”“减小”或“不变”）

10．铁道部门禁止行人在铁道边黄线内行走。这是为了避免快速行驶的列车使得周围的空气流动速度_____，压强_____，而发生行人被卷入列车车轮底下的事故。
11．近期，西宁市创城行动中，交警在检查酒驾时，首先通过嗅觉感知其是否饮酒，交警能闻到酒精味是因为_____，然后通过酒精检测仪定量检测．该仪器原理可以简化成如图所示电路，其中R0为定值电阻，R为气敏电阻，当酒精气体浓度增大时，R的阻值减小．若驾驶员饮酒，检测酒精检测仪上电压表的示数将____（选填“变大”或“变小”）．

12．足球场上，守门员将球扑出禁区，说明力可以_______；小莉在橡皮泥上印上漂亮的指印，说明力可以___________。
13．使用弹簧测力计之前，要先观察弹簧测力计的______。若在某次测量中弹簧测力计的示数如图所示，则所测得的拉力大小为______N。

14．某导体接在电路中通电10秒钟，通过该导体横截面的电荷量为5库，这段时间内电流做功30焦，则通过该导体的电流为_________安，加在该导体两端的电压为___________伏；当加在该导体两端电压降为0伏时，其阻值为__________欧。
三、作图题（共7分）
15．如图所示，质量为0.5kg的小球静止在水平面上，请在图中画出小球受力的示意图。
（_____）

16．在图中直棒上画出动力F1的力臂L1和阻力臂L2对应的阻力F2 ．

17．风筒既可以吹热风，又可以吹冷风，画电路图。

四、实验题（本大题共5小题，共20分）
18．在探究小灯泡亮度与实际功率的关系，小兰所在兴趣小组设计了如图甲所示的实验电路，标有2.5V字样的小灯泡电阻约为10Ω，电源电压6V，可供选用的滑动变阻器有R1“10Ω 1A”和R2“20Ω 1A“。
请用笔画线代替导线将图甲的实验电路补充完整（要求：滑动变阻器滑片向右移动时，灯泡变亮）。为了完成实验，你认为应该选用的滑动变阻器是_____（选填“R1”或“R2“）。小兰正确连接电路后，闭合开关，他们发现小灯泡不亮，电流表无示数，电压表指针明显偏转，你以认为造成这一现象的原因可能是_____：（选填字母）
A电流表断路 B小灯泡短路 C小灯泡灯丝断了 D滑动变阻器短路排除故障后，当滑动变阻器的滑片移动到某一位置时，某同学从0﹣15V量程的刻度线看出指针停在10V处，若要测量小灯泡的额定功率，应如何操作_____，直到小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率是_____W。根据收集到的实验数据，同学们得出了灯泡亮度与实际功率的关系。在分析论证过程中，勤于思考的小明发现小灯泡在不同亮度下，它两端的电压与电流的比值不一样，你认为其主要原因是_____。
19．某小组同学在“测定小灯泡的电功率”实验中，电源电压6伏并保持不变，且有若干有“3.8V”字样的相同的小灯泡，电流表表盘如图所示．

（1）正确连接电路后，闭合电键，小灯泡发出耀眼的光，约3秒后熄灭了，此时电流表示数为__________安，电压表示数为_____伏．
（2）于是他们断开电键，接着更换________并调节滑动变阻器的滑片至阻值最大端．
（3）闭合电键，调节滑动变阻器滑片的位置，部分实验数据如下表所示：
实验序号
电压(伏)
电流(安)
1
2.0
0.33
2
3.0
1.80
3
3.8
0.40
…
…
…
观察表中数据，你认为表格中第______行第________列的数据是错误的，正确的数据是_______.
20．某同学利用图甲所示的器材探究电流与电压的关系。已知电源电压恒为，滑动变阻器规格为“”。

（1）请将甲图中的实物电路连接完整，要求滑动变阻器的滑片向右滑动时电路中的电流变小，且导线不允许交叉。
（________）
（2）下表是该同学记录的部分实验数据，其中第5次实验中电压表的指针位置如图乙所示，其示数是______。
实验次数
1
2
3
4
5
电压
1.0
1.2
1.8
2.0

电流
0.20
0.24
0.36
0.40

（3）第1至第4次实验中，有一次实验数据是拼凑的，这次实验是：_____________。剔除掉拼凑的数据后分析可知，该同学选用的定值电阻阻值是___________，在余下的4次实验中，定值电阻消耗的最大功率是___________。
21．小芳在做“探究凸透镜成像规律”的实验中：
小芳把实验装置正确安装并调节后如图所示，此时她在光屏上看到了烛焰清晰的倒立的像．凸透镜的光心是O点，请在光屏上画出烛焰的像．实验中，燃烧的蜡烛在不断缩短，导致光屏上的像向上移动，为了使烛焰的像能呈现在光屏中央，在不更换实验器材的情况下，请写出一种可行的方法：_________．实验中，小芳把凸透镜换成一个焦距更大的凸透镜，保持蜡烛和凸透镜的位置不变，则应将光屏____（选填“向左”或“向右”）移动适当距离才能重新得到清晰的像．
22．小明用两个完全相同的蜡烛A和B，在水平桌面上探究平面镜成像的特点．
小明采用透明玻璃板代替平面镜，点燃蜡烛A后，小明发现镜中出现如图甲所示的现象，出现这一现象的原因是________．改进实验后，如图乙所示，移动蜡烛B，使它与蜡烛A的像完全重合，这样做的目的除了能确定蜡烛A经平面镜所成像的位置，同时还能比较____关系．小明想验证平面镜所成的像是虚像，接下来的操作是：移去蜡烛B，在B的位置竖直放置一张白卡片，_________（选填“透过玻璃”或“直接”）观察白卡片上有无蜡烛A的像．用木板紧贴玻璃板背面，挡住玻璃板后的光，从A侧向玻璃板看去，人眼____（选填“能”或“不能”）看见蜡烛A的像．小明想要研究像与物左右位置的关系，做了四个模型，如丙图所示，并把它们分别面对玻璃直立在桌面上，其中能够达到实验目的是______． 多次改变蜡烛A的位置，用笔在白纸上记录平面镜及蜡烛A和蜡烛B的位置，并画出蜡烛A和对应蜡烛B位置的连线，每次用刻度尺分别测出两个蜡烛位置到镜面的距离，这一步操作目的是为了找到___的关系．
五、计算题（本大题共2小题，共13分）
23．在如图所示的电路中，电源电压恒定不变，R1的阻值为21欧．闭合电键S，电流表A1的示数为1.3安、电流表A2的示数为1.5安．

①求电源电压U．
②求电阻R2的阻值．
③现用R1替换电阻R1、R2中的一个，使如图中的电流表A2的示数变为1.4安．求电阻R1消耗的电功率P1．
24．如图所示的电路中，电源电压为5V且保持不变，电流表量程为0～0.6A，电压表量程为0～3V，R1为滑动变阻器，R2＝20Ω，灯泡L标有“4V1.6W”字样（不考虑温度对灯丝电阻的影响）．在仪表和灯泡安全工作的情况下，求：
开关S1断开，S2和S3闭合时，滑动变阻器R1消耗的最大功率；开关S1闭合，S2和S3断开时，滑动变阻器R1允许的取值范围．
六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）
25．如图甲，物体重5 N，当拇指施加水平向右的压力F为20 N时，物体在竖直的墙上静止不动，此时墙受到的压力是________N，请在乙图中画出物体对墙壁的压力的示意图；此时物体受到的摩擦力是______N．当拇指压力F减小为10 N时，物体恰好沿墙匀速下滑，则物体此时受到的摩擦力是______N，请在丙图中画出该摩擦力的示意图________．

26．如图所示，是某水上打捞船将一个完全密闭的正方体货箱缓慢地打捞出水面的起吊装置示意图．货箱平放在海底，海底深度H=30m，该货箱边长L=1m，货箱及内部货物的总重G货=4.0×104N，动滑轮（只有一个）及附属配件的总重G滑轮=1.0×104N．不计绳重和滑轮摩擦及绳在水中受到的浮力，不考虑风浪、水流等的影响．（海水的密度视为ρ=1×103kg/m3、g取10N/kg）试问：
用声纳探测货箱上表面的回声的时间是多少？（声音在海水中的传播速度为υ=1450m/s）要将货箱从海底处匀速吊起到上表面将露出水面的过程中，拉力F做了多少功？若货箱从刚露出水面到完全露出水面的过程中是被匀速提升的，请分析在此过程中，货箱所受浮力和滑轮组机械效率的变化情况．
27．最近我市出现了许多共享电动汽车，这种新型低碳的交通工具，深受市民的喜爱．某品牌电动汽车的部分参数如表所示．请回答：

电池容量（kW·h）

22

车载充电器输入电压（V）

220

车载充电器输入电流（A）

16

电能转化为机械能的效率

70%

(1)如图1所示，租车时，租赁者只要将租车卡靠近电动汽车上的感应器，感应器即能读取卡中的信息，将车解锁．刷卡所用的原理是________．
(2)某次启动后，汽车显示屏上出现了如图2所示的输出电压与电流，求此时电动汽车的输出功率为多少瓦？
(3)根据表中的数据，将已经耗完电能的电池充满，理论上需要多少时间？充满电后，该车在水平地面上匀速行驶的最大距离为140千米，则行驶时该车受到的阻力为多少牛？
参考答案

一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）
1、B
【解析】
如图（a）所示电路中，V1测量电源电压，V2测量R2的电压，两个电压表指针偏转均如图（b）所示，说明两个表使用的是不同的两个量程，V1为大量程，读数为：7V，V2为小量程，读数为：1.4V，所以R1两端的电压为：．故B符合题意．
选B．
2、B
【解析】
A．“孤帆”与“江岸”之间的位置发生了变化，以“江岸”为参照物，“孤帆”是运动的，故A正确；
B．在岸上看到水中的游鱼细石，属于光的折射现象，故B错误；
C．由于桃花能反射红光，所以会有人面桃花相映红，故C正确；
D．霜的形成属于凝华现象，故D正确；
故选B。
3、B
【解析】
A．通电导体周围存在磁场，可以制成电磁铁，电铃应用了电磁铁，对应正确，不符合题意。
B．动圈式话筒的工作原理是：电磁感应现象的应用，不是电磁铁的应用，对应错误，符合题意。
C．根据电磁感应现象制成发电机，对应正确，不符合题意。
D．电动机是根据通电导体在磁场中受力而运动的原理工作的，对应正确，不符合题意。
4、D
【解析】
【解答】
解：把瓶子放入热水中，瓶内气体受热温度升高，体积增大，橡皮膜会凸起来，分子的无规则运动会加快，内能增大，同时压强会增大，故AB正确；D错误；物体含物质的多少没有变化，故C正确．故选D．
点睛：温度越高，分子无规则运动速度越快；影响内能的因素：温度、质量、状态；瓶内空气膨胀，体积增大，但物质多少没有变化，所以质量不变．
5、C
【解析】
试题分析：根据生活经验分别对各选项中的物理量进行估测，然后和题干中对照，看题干中所给数值大小是否正确．A、人骑自行车大约每小时行18千米，即1分钟行驶300m，符合实际；B、一名中学生的质量约50kg，根据G=mg=50kg×10N/kg=500N，符合实际；C、一盏家用日光灯功率大约40W，其正常工作的电流，3A的电流太大，不符合实际；D、人体感觉适宜的温度约为23℃，符合实际；故选C．
【考点定位】速度与物体运动；温度；重力大小的估测；电流的大小
6、D
【解析】
由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流．灯泡正常发光时的电压UL=3V，由图乙可知通过灯泡的电流IL=0.25A，故干路电流最大为0.25A，即电流表最大示数为0.25A，故A选项错误；
由题意可知，电压表的最大值为3V，所以小灯泡两端最小电压可以为2V，当小灯泡两端电压为2V时，通过其电流为0.2A，此时小灯泡的电功率为：2V×0.2A=0.4W，所以0.5W一定不是小灯泡的最小电功率，故B选项错误；
电源电压为5V，当电路中达到允许最大通过的电流时，电路消耗的功率最大，因为电路中允许通过最大电流为0.25A，此时电路最大功率Pmax=UImax=5V×0.25A=1.25W，故C选项错误；
当滑动变阻器两端的电压U滑大=3V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，此时灯泡两端的电压：UL′=U-U滑大=5V-3V=2V，由图象可知，电路中的电流I小=0.2A，滑动变阻器接入电路中的最大阻值：；故D正确．
7、B
【解析】
A. 形影相随，亲密无间，即影子，是由光的直线传播形成的；
B. 海市蜃楼，虚无缥缈，是由于空气不均匀时，光线折射而形成的；
C. 镜中生花，脱离实际，是平面镜成像，由光的反射形成；
D. 水中捞月，一无所得，是平面镜成像，由光的反射形成；
故B符合题意．
点睛：重点是光的直线传播、反射、折射所形成的现象，身边有很多例子，是比较容易区分的，注意理论联系实际，多总结．

二、填空题（本大题7小题，共21分）
8、0.05 1.5 5
【解析】
因为2min内电能表转盘转过150r，所以，电路消耗的电能是：W=150/3000kW•h=0.05kW•h，电热水壶的电功率是：P=W/t=0.05kW•h/2/60h=1.5kW=1500W；根据题意知道，节能灯正常工作时的功率是：P灯=P额=10W=0.01kW，由P=W/t可得节能灯正常工作的时间是：t=W/P灯=0.05kW•h/0.01kW=5h．
点睛：本题考查的是使用电能表时电功、电功率的计算以及电功率公式的应用，解题的关键是明白电能表相关参数的含义．
9、电磁波 增大
【解析】
雷达是通过电磁波来传递信息；当歼20飞机加速向上运动时，因为飞行员的质量不变、速度增大，所以飞行员的动能增大；因为飞行员的质量不变、所处的高度增大，所以飞行员的重力势能增大；而动能和势能之和等于机械能，故机械能增大．
10、增大 减小
【解析】
列车快速行驶时，带动空气流动速度增大，压强减小，人贴近列车方向的压强减小，远离列车方向的压强不变，人受到压强差的作用，人被推向列车，造成事故。
11、分子不停地做无规则运动（或扩散现象） 变大
【解析】
酒精分子不停地做无规则运动，通过饮酒驾驶员的呼吸扩散到空气中，所以交警能闻到酒味；由电路图可知，R与R0串联，电压表测R0两端的电压，因酒精气体浓度增大时，R的阻值减小，所以，若驾驶员饮酒，R的阻值减小，电路中的总电阻减小，由可知，电路中的电流变大，由U=IR可知，R0两端的电压变大，即电压表的示数变大．
12、改变物体的运动状态 改变物体的形状
【解析】
[1]足球场上，守门员将球扑出禁区，球的运动状态发生了变化，说明力可以改变物体的运动状态。
[2]小莉在橡皮泥上印上漂亮的指印，橡皮泥的形状发生变化，说明力可以改变物体的形状。
13、量程和分度值 3.4
【解析】
在使用弹簧测力计测力前首先要对弹簧测力计进行观察，明确量程和分度值，然后看指针是否指在零刻度线处；
由图可知：弹簧测力计上1N之间有5个小格，所以一个小格代表0.2N，即此弹簧测力计的分度值为0.2N．此时指针指在“3.4”处，所以拉力为3.4N。
14、0.5 6 12
【解析】
通过该导体的电流：，根据可得，导体两端的电压：，根据欧姆定律可得，导体的电阻：，由于电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，所以当加在该导体两端电压降为0伏时，导体的电阻仍为12Ω不变。

三、作图题（共7分）
15、
【解析】
小球重力G＝mg＝0.5kg×9.8N/kg＝4.9N，小球受竖直向下的重力G＝4.9N，竖直向上的支持力F，它们是一对平衡力，F＝G＝4.9N，从小球的重心沿力的作用线，作出重力G与支持力F示意图，如下图所示：

16、
【解析】
（1）已知动力F1，根据力臂的画法，先确定支点，再过支点作动力作用线的垂线段，即可画出动力臂；
（2）已知阻力臂L2，根据力臂的画法，画出阻力的作用线，根据F1的方向和支点位置，确定F2的方向．
【详解】
（1）过支点做力F1作用线的垂线段，再标出垂直符号和力臂符号L1；
（2）已知力臂L2，它与力F2的作用线垂直，方向斜向下，如图所示：

17、
【解析】
由题意可知，电吹风吹冷风时只有电动机工作，吹热风时电动机和电热丝共同工作，说明电动机和电热丝工作时互不影响即为并联；要求只能吹热风或吹冷风，不能只发热不吹风，说明一开关位于干路控制整个电路，另一开关位于电热丝支路控制该支路，作图如下：

四、实验题（本大题共5小题，共20分）
18、 R2 C 滑片向右移动，直到电压表示数为额定电压 0.65 灯的电阻随温度的升高而变大
【解析】
（1）要求滑动变阻器滑片向右移动时，灯泡变亮，即电流变大电阻变小，故变阻器右下接线柱连入电路中，如下所示：

（2）标有“2.5V”字样的小灯泡电阻约为10Ω，由欧姆定律，其额定电流：I＝＝＝0.25A，电源电压6V，灯正常发光，根据串联电路的规律和欧姆定律，变阻器连入电路中的电阻：R滑＝＝＝14Ω＞10Ω，故选用的滑动变阻器R2；
（3）A．若电流表断路，整个电路断路，两表都没有示数，不符合题意；
B．若小灯泡短路，则电压表示数为0，电流表有示数，不符合题意；
C．若小灯泡灯丝断了，小灯泡不亮，电流表无示数，电压表与电源连通测电源电压，电压表指针明显偏转，符合题意；
D．若滑动变阻器短路，电流表有示数，电压表有示数，不符合题意。
（4）灯在额定电压下正常发光，排除故障后，当滑动变阻器的滑片移到某一位置时，某同学从“0﹣15V”量程的刻度线看出指针停在10V处，则对应小量程的2V，小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向右移动，直到电压表示数为额定电压；此时电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流大小为0.26A，则小灯泡的额定功率是：P＝UI＝2.5V×0.26A＝0.65W；
（5）灯的实际功率越大，灯越亮，灯的温度越高，因灯的电阻随温度的升高而变大，故灯丝的电阻越大，由欧姆定律，灯两端的电压与电流的比值即为灯的电阻，故不一样。
19、0 6 灯泡 3 3 0.36
【解析】
（1）正确连接电路后，小灯泡发出耀眼的光，然后很快熄灭了，说明灯丝烧断，原因是闭合开关时变阻器连入阻值过小，电路中电流过大；灯丝烧断后电压表串联入电路中，由于电压表内阻非常大，所以电流表几乎为0，电压表示数等于电源电压6V；
（2）由（1）中分析灯泡的灯丝烧断的原因，为了继续完成实验应断开电键，接着更换灯泡，并调节滑动变阻器的滑片至阻值最大端后再闭合开关进行实验；
（3）由欧姆定律可知，当灯泡两端电压越大时，通过它的电流也越大，由表中数据知，第2次比第3次实验灯泡电压小，但第2次比第3次实验通过灯泡电流大，所以表格中第3行第3列数据是错误；电路连接是正确的，错误的原因应该是第2次实验时电流表误以0-3A量程读数造成的，而电流表0-3A量程是0-0.6A量程的5倍，且两量程共用一个表盘，所以电流表的实际读数应为=0.36A．
20、 2.2 第1次 5 0.968
【解析】
（1）在该实验中，滑动变阻器应“一上一下”串联接入电路中，由题知，向右移动滑片时电流变小，由此可知滑动变阻器接入的阻值变大，应将其左下接线柱接入电路，如图所示：

（2）第5次实验时，电压表示数如图乙所示，电压表选用小量程，分度值为0.1V，其示数为2.2V；
（3）研究电流与电压关系时，要控制电阻阻值不变，由表中数据可知，电压表示数为1.0V，电流为0.2A，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压为5V，则滑动变阻器连入电路的最大阻值，大于滑动变阻器最大阻值20Ω，由此可知，第1次实验数据是拼凑的。
该同学选用的定值电阻阻值。
根据可知，实验中，当电压为最大值时，定值电阻消耗的功率最大。
。
21、 向上移动蜡烛 右
【解析】
（1）由图可知，此时物距等于像距，则成的是倒立、等大的实像，则光屏上的像为：
；
（2）蜡烛在燃烧中不断缩短，向下移动，光屏上的像向上移动，要使像能够成在光屏中央，可向上移动光屏；或向上移动蜡烛或向下移动凸透镜．
（3）把凸透镜换成一个焦距更大的凸透镜，相当于减小了物距；凸透镜成实像时，物距减小，则像距变大，故应将光屏远离凸透镜，即向右移动，才能在光屏上呈清晰的像．
22、光在玻璃板的两个面分别成像（玻璃板过厚） 像与物的大小 直接 能 B 像和物到镜面距离
【解析】
（1）由甲图知道，点燃蜡烛后，发现镜中出现了蜡烛A两个不重合的像，出现这一现象的原因是玻璃板太厚，因为两个反射面成像距离比较远，而实验时会出现明显的两个像；
（2）如图乙移动蜡烛B，使它与蜡烛A的像完全重合，即拿另外一支相同的蜡烛与竖立在玻璃板前面点燃的蜡烛的像能完全重合，这样可以能确定蜡烛A经平面镜所成像的位置，同时还能比较蜡烛成的像和蜡烛大小关系；
（3）由于实像能用光屏承接，虚像不能用光屏承接，所以，当移去蜡烛B，在B的位置竖直放置一张白卡片，卡片上是看不到蜡烛A的像的，由此说明平面镜成的是虚像；
（4）平面镜成的像是光的反射形成的，蜡烛发出的光线经玻璃板反射，被人眼接收，才能看到像，所以用木板紧贴玻璃板背面，挡不住玻璃板反射光，所以，人眼在玻璃板前仍能看见棋子A的像；
（5）由图知道，四个模型分别为字母A、C、T、V，即只有C左右不同，而A、T、V，左右相同，所以当小明把四个模型分别面对玻璃板直立在桌面上，用模型A、T、V不能达到实验目的，只有字母C左右不同，能够达到实验目的；
（6）用铅笔画出平面镜及蜡烛A和蜡烛B的位置，并画出蜡烛A和蜡烛B位置的连线，并每次用刻度尺分别测出两个蜡烛位置到镜面的距离，这样可以发现两蜡烛到镜面的距离，便于找到像和物到镜面距离的关系．

五、计算题（本大题共2小题，共13分）
23、（1）6伏；（2）31欧；（3）1.2瓦或1.6瓦
【解析】
由电路图知道，R1 与R2 并联，电流表A1 测R1 支路的电流，电流表A2测干路电流，
①由欧姆定律知道，R1两端的电压是：U1=I1 R1 =1.3A×21Ω=6V；
由图知道 并联电路中各支路两端的电压相等，且电压电源的电压，
所以，电源的电压是：U= U1 =6V；
②因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以根据题意知道，通过R2 的电流是：I2 =I-I1 =1.5A-1.3A=1.2A，
由欧姆定律知道，电阻R2 的阻值是：=31Ω；
③根据题意知道，当用电阻R1 替换电阻R1、R2中的一个时，图中的电流表A2 的示数变为1.4A；
若用R1替换R1 ，则R1与R2 并联，干路电流是I′=1.4A，而通过R2 的电流不变，仍然为I2 =1.2A，则通过R1 的电流是：I1 =I′-I2 =1.4A-1.2A=1.2A，
故电阻R1 消耗的电功率是：P1 =UI1 =6V×1.2A=1.2W；
若用R1替换R2 ，则R1 与R1 并联，干路电流是I′=1.4A，通过R1 的电流仍然为I1 =1.3A，即通过R1 的电流是：I1 =I′-I1 =1.4A-1.3A=1.1A，
所以，电阻R1 消耗的电功率是：P1 =UI1 =6V×1.1A=1.6W．
24、（1）1.75W；（2）2.5Ω～15Ω之间．
【解析】
（1）开关S1 断开，S2 和S3 闭合时，滑动变阻器R1 和R2 并联，滑动变阻器R1 两端的最大电压为5V，由I=U/R，可得流经R2 的电流I2 =U/R2=5V/20Ω=0.25A，∵电流表测干路中的电流，∴流经滑动变阻器R1 的最大电流I1 =0.6A-0.25A=0.35A，则滑动变阻器R_1 消耗的最大功率P1 =U1 I1 =5V×0.35A=1.75W；
（2）灯泡L的电阻RL =U2L/P=(4V)2/1.6W=10Ω，开关S1 闭合，S2 和S3 断开时，R1 与L串联，由电压表量程为0～3V，可知滑动变阻器R1 的最大电压为3V，则灯泡两端电压为2V，则电路中的最小电流I1 =2V/10Ω=0.2A；则滑动变阻器R1 的最大阻值R最大 =3V/0.2A=15Ω，当灯泡L两端电压为4V时，滑动变阻器R1 的最小电压为1V，此可求得电路中的最大电流I′1=4V/10Ω=0.4A，滑动变阻器R1 的最小阻值R最小 =1V/0.4A=2.5Ω，即滑动变阻器R1 允许的取值范围在2.5Ω～15Ω之间．

六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）
25、20 5 5
【解析】
固体能大小不变的传递压力作用，压力F通过物体对墙有个F大小的压力作用，压力为20N，方向垂直墙面向右，故其示意图如图所示：

物体静止时，竖直方向上受到竖直向下的重力和竖直向上的摩擦力作用，重力和摩擦力是一对平衡力．重力是5N，摩擦力是5N.物体匀速直线下滑时，竖直方向上受到竖直向下的重力和竖直向上的摩擦力作用，重力和摩擦力是一对平衡力．重力是5N，摩擦力是5N. 方向竖直向上，故该摩擦力的示意图如图所示：
静止的物体和匀速直线运动的物体受到平衡力的作用．固体能大小不变的传递压力，物体受到20N的压力作用，墙也受到20N的压力作用．物体静止时，竖直方向上受到竖直向下的重力和竖直向上的摩擦力作用，重力和摩擦力是一对平衡力．水平方向上受到压力F的作用和墙对物体的支持力的作用，压力和支持力是一对平衡力．物体匀速下滑时，进行匀速直线运动，竖直方向上受到竖直向下的重力和竖直向上的摩擦力作用，重力和摩擦力是一对平衡力．水平方向上受到压力F的作用和墙对物体的支持力的作用，压力和支持力是一对平衡力．
26、（1）用声纳探测货箱上表面的回声的时间是0.04s；
（2）要将货箱从海底处匀速吊起到上表面将露出水面的过程中，拉力F做了1.16×106J；
（3）在此过程中，货箱所受浮力变小、滑轮组机械效率的变大．
【解析】
试题分析：（1）声呐发射的超声波遇到货箱经反射后，又被声呐接收，超声走的是2（H﹣L）的路程，利用速度公式求时间；
（2）求出货箱的体积，得出货箱浸没水中排开水的体积，利用阿基米德原理求货箱在水中受到的浮力，再利用F=（G滑轮+G货﹣F浮）求出拉力大小，算出货箱在水中的上升高度，利用W=Fh求拉力F做功；
（3）货箱从刚露出水面到完全露出水面的过程中，货箱受到的浮力减小，滑轮受到的拉力增大，拉力做的有用功增大，额外功几乎不变，由此可知动滑轮的机械效率变大．
解：（1）由题知货箱上表面距离水面：
h=H﹣L=30m﹣1m=29m，
超声走的路程：
s=2（H﹣L）=2×29m=58m，
用声纳探测货箱上表面的回声的时间：
t===0.04s；
（2）货箱排开水的体积：
v=（1m）3=1m3，
货箱在水中受到水的浮力：
F浮=ρ水v排g=ρ水vg=1×103kg/m3×1m3×10N/kg=1×104N，
拉力F大小：
F=（G滑轮+G货﹣F浮）=（1.0×104N+4.0×104N﹣1.0×104N）=2×104N，
拉力移动的距离：
s=2h=2×29m=58m，
拉力做功：
W=Fs=2×104N×58m=1.16×106J；
（3）货箱从刚露出水面到完全露出水面的过程中，货箱排开水的体积减小，货箱受到的浮力减小，滑轮受到的拉力增大，拉力做的有用功增大，额外功几乎不变，由此可知动滑轮的机械效率变大．
答：（1）用声纳探测货箱上表面的回声的时间是0.04s；
（2）要将货箱从海底处匀速吊起到上表面将露出水面的过程中，拉力F做了1.16×106J；
（3）在此过程中，货箱所受浮力变小、滑轮组机械效率的变大．
【点评】本题为力学综合题，分析时不要忽略了货箱受到的浮力，使用动滑轮拉力F=（G滑轮+G货﹣F浮），但s=2h仍成立．
27、（1）电磁感应；（2）339瓦；（3）6.25小时；396牛
【解析】
试题分析：（1）电磁感应；（2）P=UI=339伏×1安=339瓦；（3）P输入=UI=220伏×16安=3520瓦=3.52千瓦，，W机=W电×70%=22千瓦•时×3.6×106焦/千瓦•时×70%=5.544×107焦，．
【考点定位】电功率；电磁感应