建省宁德市福鼎一中2026年中考临门一脚物理试题试卷含解析.doc

建省宁德市福鼎一中2026年中考临门一脚物理试题试卷
注意事项
1．考生要认真填写考场号和座位序号。
2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。
3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。

一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）
1．蜡烛放在如图所示位置，通过凸透镜成倒立、缩小的像，小红画了图中的光路．下列说法正确的是（ ）

A．小红画的光路是正确的 B．透镜成的是虚像
C．透镜的焦距小于10cm D．透镜的焦距大于20cm
2．下列关于信息的传递和能量的利用说法正确的是
A．利用声波和电磁波传递信息时都需要介质
B．2018年12月27日中国北斗导航系统开始提供全球服务，北斗系统正式迈入全球时代．北斗导航是利用超声波传递信息的
C．煤、石油、天然气、太阳能等都是不可再生能源
D．核能是指原子核发生分裂或聚合时所释放的能量
3．对下面诗句中蕴含的物理知识，理解正确的是
A．“响鼓也要重锤敲”说明物体振动频率越高，响度越大
B．“柴门闻犬吠，风雪夜归人”说明声音可以传递能量
C．“闻其声而知其人”主要是根据音调来进行辨别
D．“忽闻水上琵琶声”其中琵琶声是琵琶弦振动产生的
4．如图所示的电路中，闭合，断开和，两电表均有示数。再断开，同时闭合和，则下面判断正确的是

A．电流表示数变小，电压表示数变大
B．电流表示数变大，电压表示数变小
C．电压表示数和电流表示数的比值变大
D．电压表示数和电流表示数的比值变小
5．如图所示电路中，电源电压保持不变，闭合开关S后，将滑动变阻器R的滑片P向左移动，在此过程中（ ）

A．电压表V1示数变小，电压表V2示数变大
B．电流表A示数变小，电压表V1示数不变
C．电流表A示数不变，灯泡L亮度变亮
D．电压表V1示数不变，灯泡L亮度变暗
6．如图电路，电源电压不变，开关S闭合，在滑动变阻器滑片P向右移动的过程中，以下判断正确的是（　　）

A．电压表示数不变 B．电压表示数变大
C．电压表示数变小 D．电压表示数先变大后变小
7．关于图中四种情景，下列说法错误的是：
A．烤火取暖，是通过热传递使手的内能增加
B．划着火柴，是通过做功将机械能转化为内能的过程
C．手凉时可双手相互摩擦，是通过做功使手的内能增加
D．水蒸气对木塞做功，水蒸气的内能增加，使分子运动加快
二、填空题（本大题7小题，共21分）
8．如图所示的电路中，若同时闭合开关S1和S3、断开S2，电阻R1与R2是_____的；若只闭合开关S2，电阻R1和R2是_____的。（均选填“串联”或“并联”）

9．英国物理学家法拉第首先发现了闭合电路的一部分导体在做_____运动时，导体中会产生感应电流，_____就是根据这个原理制成的。
10．如图所示，木块A长___________mm，停表读数为__________s．

11．现有“6V3W”的L1和“6V6W”的L2两只小灯泡串联后接在电路中使用时，为了使电路安全使用，电路两端允许加的最大电压为_____V，此时_____（选填“L1”或“L2”）正常发光；若再把两只小灯泡并联后接到电源电压为6V的电路中，灯泡_____（选填“L1”或“L2”）更亮（忽略温度对灯丝电阻的影响）．
12．物体体积为0.5×10﹣3米3浸没水中后浮力为___牛，若物体重力为10牛，则物体受到的合力为_____牛，方向为_____。
13．一束光在空气与玻璃的界面处发生了反射和折射现象，其光路如图所示．则________是入射光线（填字母符号），空气在分界面的_________（填“左侧”或“右侧”）．

14．小夏在研究口琴的发声原理时，拆掉了口琴外壳，发现在气孔边分布着长短、厚薄都不同的一排铜片（如图所示）．吹口琴时，在气流的冲击下，铜片_____，发出声音。对不同气孔吹气，改变了声音的_____。

三、作图题（共7分）
15．延时开关常用于控制楼道照明．为方便找到开关的位置，延时开关面板上配有电阻很大、功率很小的指示灯．指示灯在开关闭合、照明灯发光时会自动熄灭；在开关断开、照明灯熄灭时又会自动发光．请按要求在图中设计出楼道的照明电路．
（_____）

16．设计一个家庭电路，要求客厅开关S1控制L1和L2；卧室开关S2控制壁灯，该壁灯有两种亮度通过开关S3调节。请在下图中连线，形成符合要求的完整电路图。

17．根据图中通电螺线管的N，S极，在导线中标出电流方向。

四、实验题（本大题共5小题，共20分）
18．小雷想知道小灯的亮暗程度与什么因素有关。于是找来额定电流均小于0.6 A，额定电压是2.5V的灯L1和额定电压是3.8V的灯L2，先后接在电源电压恒为6V的电路中，按照如图所示的电路开始探究。
请你用笔画线代替导线，根据图所示的电路图，将图所示实物图连接完整。_______若小雷连接电路后闭合开关，灯L1几乎不发光，移动滑片P也不能改变灯的亮度。原因是他把滑动变阻器的 _____．(选填“A、B”或“C、D”)接线柱接入了电路。小雷排除故障后，按图17所示的电路继续进行实验：
①闭合开关，滑片P向______(选填“A"或“B")端移动，使灯L1发光，测出灯L1的相关物理量，记录和计算结果如下表：
次数
电压／V
_________
实际功率／W
电阻Ω
1
1.6
0.20
0.32
8.00
2
2.5
0.24
0.60
10.42
3
2.8
0.26
0.73
10.77
②请将记录数据时遗漏的物理量和单位填入表格的空格处。小雷注意到灯L1的亮度变化是：第二次比第一次亮，第三次比第二次更亮。结合表中数 据得出的结论是小灯泡越亮，它的实际功率越_____。用L2替换L1重复上面的实验时，需要改变______表的量程，发现灯L2的亮度变化规律与灯L1相似。小雷在实验结束后与同学们讨论：
①有同学认为“用上表中灯L1的3次电阻的平均值代表它的电阻更准确。"这种说法错误的原因是小雷忽略了________对小灯电阻的影响。
②有同学认为“把灯L1换成定值电阻，该实验可以用来研究导体中的电流与电压的关系。"你认为这种说法______(选填“正确”或“错误”)。
19．小明同学用如图所示的实验裝置探究“电流与电阻的关系”，电源电压恒为3V．
请你用笔画线代替导线，把图中的实验电路补充完整；____小明将5Ω的定值电阻接入电路后，闭合开关后，电流表没示数，电压表示数接近电源电压，则电路故障可能是________ 排除故障后，小明移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示示数为2.5V，记录此时电流表的示数；随后，将5Ω的电阻换成10Ω的电阻继续实验；接下来他应该将滑动变阻器的滑片向________（选填“左”或“右”）移动，在此过程中眼要看着________（选填“电流表”或“电压表”），直到示数为________时； 一旁的小华同学看完他的实验后说：“用一个热敏电阻代替定值电阻，每测完一组数据后，对电阻进行加热，不就可以改变电阻了吗？”请问：小华的这种实验方法合适吗？________，原因是：________
20．如图甲是小华探究二力平衡条件时的实验情景．
小华将系于小卡片两对角的线分别跨过左右支架上的滑轮，在线的两端挂上钩码，使作用在小卡片上的两个拉力方向相反，并通过调整________ 来改变拉力的大小．实验中选择小卡片的目的是________ （填“考虑”、“不考虑”）小卡片的重力． 为了探究两个平衡力是否在同一条直线上，进行如下操作：________ （填“挤压”、“翻转”或“旋转”）小卡片，松手后观察小卡片是否平衡． 在探究同一问题时，小明将木块放在水平桌面上，设计了如图乙所示的实验，同学们认为小华的实验优于小明的实验，其主要原因是______ ．
A． 容易让小卡片在水平方向上保持平衡
B． 小卡片是比较容易获取的材料
C． 减少了摩擦力对实验结果的影响
D． 小卡片容易扭转小华在探究活动结束后想到物体的平衡状态包括静止和匀速直线运动状态，那如何探究物体做匀速直线运动时的二力平衡条件呢？小明提出了自己的实验方案：将钩码直接挂在弹簧测力计下端，用弹簧测力计拉着钩码在________（水平方向/竖直方向/任意方向）做匀速直线运动，根据观察到________ 现象，可以得出结论：物体静止时的二力平衡条件同样适用于物体处于匀速直线运动状态．
21．小陈同学在老师的指导下完成了以下实验：

①用弹簧测力计测出一个带盖子的空玻璃瓶的重力，如图甲所示；
②用手拿着这个盖紧瓶盖的空玻璃瓶浸没在水中，放手后发现玻璃瓶上浮；
③将一个铁块装入玻璃瓶并盖紧盖子，放入水中放手后发现玻璃瓶下沉；
④取出玻璃瓶并擦干瓶上的水，挂在弹簧测力计上，保持玻璃瓶竖直，然后从图乙所示位置慢慢浸入水中，并根据实验数据绘制了弹簧测力计的示数F与玻璃瓶下表面浸入水中深度h的关系图象如图丙所示．
（1）装有铁块的玻璃瓶全部浸没在水中时受到的浮力是_____N．
（2）BC段说明物体受到的浮力大小与浸没的深度_____（选填“有关”、“无关）．
（1）在第②操作步骤中空玻璃瓶浸没在水中时受到的浮力为_____N．
（4）小陈认真分析以上实验数据和现象后发现，物体的沉浮与物体的重力和所受浮力有关，其中上浮的条件是_____．
（5）若圆柱形容器的底面积为100cm2，在乙图中，当玻璃瓶浸没后，水又对容器底的压强增加了_____Pa．
（6）细心的小陈同学发现玻璃瓶上还标有100ml的字样，于是在装有铁块的玻璃瓶内装满水并盖上瓶盖，再用弹簧测力计测出总重力，如图丁所示，此时弹簧测力计示数为1.1N，根据以上数据他算出了铁块的密度为_____kg/m1．
22．如图甲所示，是小明“探究物质熔化规律”的实验装置．

（1）实验中某时刻温度计示数如图乙所示，该物质此时的温度为_____℃．
（2）图丙是他根据记录的数据绘制的“温度—时间”图像，由图像可知：该物质在熔化过 程中吸收热量，温度______，熔化共用了_____min．
（3）若该物质固态时的比热容为c，则其液态时的比热容为_____．
五、计算题（本大题共2小题，共13分）
23．如图所示，质量为500g，密度为4×103kg/m3的合金体．用弹簧测力计吊着合金体，浸在原来装有h=10cm深的水，底面积为250cm2的圆柱形容器中，静止时合金体有体积露出水面．g=10N/kg，求：

（1）合金体所受的重力．
（2）弹簧测力计的拉力是多少？
（3）将细线剪断，合金体浸没水中静止时，水对容器底部产生的压强是多少（容器中的水未溢出）？
24．小华家额定功率为2000W的电热淋浴器，装满30kg水后连续正常加热35min．水的温度由20℃升高到50℃．已知c水＝4.2×103J/（kg•℃），求：加热过程中水吸收的热量；此过程电热淋浴器的热效率．
六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）
25．某兴趣小组设计了如图1所示的多功能水位报警电路，当水面上升到警戒水位时，a、b两点接通．控制开关连接2、3两触点时电铃发出忽强忽弱的报警声，控制开关连接3、4两触点电铃报警同时电灯会亮、暗交替闪烁发光，控制开关连接4、5两触点时仅有灯泡闪烁发光．电路中电源电压恒为6V，灯泡规格为“6V3W”，R0为定值电阻，电磁铁线圈及衔铁的阻值忽略不计．
请根据设计要求在虚线框中将电路连接完整．控制开关连接4、5两触点灯泡亮暗交替发光时，灯泡变亮的原因是什么？当控制开关与触点“4和5”接通时，灯泡两端实际电压变化规律如图2所示．已知当灯泡微弱发光时，其两端实际电压为U实，消耗的实际功率为额定功率的．
求：①灯泡闪烁交替工作60s消耗的电能？
②定值电阻R0的阻值．（灯泡的电阻不变）
26．阅读以下材料，回答下列问题．
血液是人体输送氧气与营养的主要载体，心脏就像发动机，为这一输送提供了动力．
医生给心脏疾病的患者做手术时，往往要用一种称为“人工心脏泵”的体外装置来代替心脏，以推动血液循环．如图甲是该装置的示意图，线圈AB固定在用软铁制成的活塞柄上（相当于一个电磁铁），通电时线圈与活塞柄组成的系统与固定在左侧的磁体相互作用，从而带动活塞运动．活塞筒通过阀门与血管相通，阀门S1只能向外开启，S2只能向内开启．
手术时，还需要利用电磁血流计来检测血流速度和血流量（血流量指单位时间内通过血管横截面的血液体积），其示意图如图乙所示．使用时，将血管放置于两磁极之间，两金属电极a、b与血管壁接触，就会有微弱电流流过仪表显示出血流速度．
研究表明，血管内血流速度会随血管横截面积的变化而变化，且血液匀速通过血管时，
受到的阻力与血液的流速成正比．当血管横截面积为正常值的n倍时，测得心脏主动脉血管内血液匀速流动的速度v与n的数值如表所示．
甲图中，当线圈中的电流从A流向B时，活塞向________（选填“左”或“右”）运动，血液从______（选填“S1流出”或“S2流入”）．
图乙中若仅调换两磁极的位置，则流过仪表电流的方向将________（选填“不变”或“相反”），若某次测得血流速度为0.2m/s，血流量为10﹣4 m3/s，则对应血管的横截面积为________m2 ．
若某人心脏主动脉血管的横截面积为正常人的0.85倍时，血管内血液匀速流动的速度应为________m/s．当心脏主动脉血管的横截面积变化时，其内血液匀速流动，推动血液流动的功率P与下列哪一选项成正比？答：_______ ．
A．n B．1/n C．n2 D．1/n2
27．如图所示，是某水上打捞船将一个完全密闭的正方体货箱缓慢地打捞出水面的起吊装置示意图．货箱平放在海底，海底深度H=30m，该货箱边长L=1m，货箱及内部货物的总重G货=4.0×104N，动滑轮（只有一个）及附属配件的总重G滑轮=1.0×104N．不计绳重和滑轮摩擦及绳在水中受到的浮力，不考虑风浪、水流等的影响．（海水的密度视为ρ=1×103kg/m3、g取10N/kg）试问：
用声纳探测货箱上表面的回声的时间是多少？（声音在海水中的传播速度为υ=1450m/s）要将货箱从海底处匀速吊起到上表面将露出水面的过程中，拉力F做了多少功？若货箱从刚露出水面到完全露出水面的过程中是被匀速提升的，请分析在此过程中，货箱所受浮力和滑轮组机械效率的变化情况．
参考答案

一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）
1、C
【解析】
从图像分析，蜡烛在二倍焦距之外，成像在一倍焦距和二倍焦距之间；
u＞2f，即20cm﹥2f， f＞10cm．故选C．
2、D
【解析】
A、声音的传播需要介质，电磁波的传播不需要介质，故A错误；
B、北斗导航是利用电磁波传递信息的，故B错误；
C、在“煤、石油、天然气、太阳能”这些能源中，太阳能是可再生能源，煤、石油和天然气是不可再生能源，故C错误；
D、核能是指重核裂变或轻核发生聚变时释放出的能量，故D正确．
3、D
【解析】
A、响鼓也要重锤敲，说明物体振幅越大，响度越大，故错误；
B、听到狗的叫声，知道人回来了，这说明声音能传递信息，故错误；
C、不同的人说话声音的音色不同，所以闻其声而知其人主要是根据声音的音色来判断的，故错误；
D、声音是由物体的振动产生的，琵琶声是琵琶弦振动产生的，故正确．
4、D
【解析】
由电路图可知，闭合S2、断开S1和S3时，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流；
再断开S2同时闭合S1和S3时，R1与R2并联，电压表测电源两端的电压，电流表测干路中的电流，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，电压表的示数由测串联电路中R2两端的电压变为测电源两端的电压时其示数变大，故B错误；
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，
所以，R1与R2并联时的总电阻小于串联时的总电阻，
由可知，电路中的总电流变大，即电流表的示数变大，故A错误；
由可知，电压表示数和电流表示数的比值原来等于R2的阻值、现在等于R1与R2并联后的总电阻，所以，电压表示数和电流表示数的比值变小，故C错误、D正确。
5、A
【解析】
电路中灯泡和滑动变阻器串联，将滑动变阻器R的滑片P向左移动过程中，电阻变大，电流变小，电压表V1测量灯泡两端电压，示数变小，电压表V2测量滑动变阻器两端电压，示数变大
本题考查的是滑动变阻器对电路中电流、电压的调节情况．分析问题的关键是判断滑动变阻器在电路中的接法以及电压表和电流表测得的是谁的电压和电流．
【考点】电路的动态分析；滑动变阻器的使用；欧姆定律的应用．
6、B
【解析】
试题分析：两个电阻是串联，电压表测滑动变阻器R两端的电压；当滑片向右移动时，滑动变阻器连入电路的电阻变大，由欧姆定律知，电路中的电流随电阻的变大而变小，由U=IR知，定值电阻R0两端的电压变小；而串联电路中总电压等于各个用电器的电压之和，故滑动变阻器两端的电压变大，即电压表的示数变大，故选B．
考点：电路的动态分析；滑动变阻器的使用；欧姆定律的应用
7、D
【解析】
A、甲图中：烤火取暖，是通过热传递使手的内能增加，故A正确；不符合题意；
B、乙图中：划着火柴，是通过做功将机械能转化为内能的过程，故B正确；不符合题意；
C、丙图中：手凉时可双手相互摩擦，是通过做功使手的内能增加，故C正确；不符合题意；
D、丁图中：水蒸气对木塞做功，水蒸气的内能减小，使分子运动减慢，故D错误，符合题意。

二、填空题（本大题7小题，共21分）
8、并联 串联
【解析】
串联电路电流只有一条路径，电流依次经过各用电器从正极回到电源负极；并联电路电流有多条路径。
【详解】
若同时闭合开关S1和S3、断开S2，则电流只有两条路径：正极→R1→S3→负极；正极→S1→R2→S3→负极，故R1、R2并联。
若只闭合开关S2，电流只有一条路径：正极→R1→S2→R2→负极，因此R1、R2串联。
9、切割磁感线 发电机
【解析】
闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流，这种现象叫做电磁感应；它是由英国物理学家法拉第最早发现的，发电机就是根据这一原理制成的。
10、34.0 5min37.5s
【解析】
由图知，刻度尺的分度值是1mm，图示物体A左侧与0.00cm刻度线对齐，右侧指在3.40cm处，因此物体长度为3.40cm=34.0mm；由图知，小盘的分度值是0.5min，指针在5min和6min之间，更接近6min，而大盘指针在37.5s，因此秒表读数为5min37.5s．
11、9 L1 L2
【解析】
两灯正常工作电流分别为：，，
电阻分别为：，
可见L1的电流小，串联时电流处处相等，所以电流只能取L1的电流，所以L1正常发光，电路两端允许加的最大电压为：；
若再把两只小灯泡并联后接到电源电压为6V的电路中，两灯都正常工作，L2的实际功率大，所以L2更亮．
点睛：重点是欧姆定律的应用，关键是用好串联电路电流相等的特点，结合实际问题，如串联时，根据电流相等的特点，应把正常工作电流较小的灯的电流作为电路的最大电流．
12、55竖直向下
【解析】
利用阿基米德原理求出其浮力大小，浮力方向始终竖直向上；重力方向始终竖直向下，利用力的合成求解合力。
【详解】
因为浸没，则所受浮力大小为：，浮力方向竖直向上；物体在液体中只受浮力和重力作用，由于两个力在同一直线上，，则其合力为：，方向是竖直向下。
故答案为： (1). 5 (2). 5 (3). 竖直向下
本题考查物体所受浮力大小的计算以及所受合外力情况，要掌握：同一直线上力的合成方法：当两力在同一直线上，方向相反时，合力等于二力之差、方向与较大的力的方向相同。充分利用阿基米德原理求解是解题关键。
13、BO 右侧
【解析】
仔细分析题图，先分析哪是界面，BO、EO、GO不可能是界面，只有AD和CF是界面．假设界面是AD，那么CF就是法线，利用光的反射定律，入射光线、反射光线必在同一种介质内，并且折射光线和入射光线分居在法线的两侧，EO应是入射光线，OG是反射光线，OB是折射光线，反射角（∠FOG）和入射角（∠FOE）不相等，不符合光的反射定律．假设不成立．因此只有CF是界面，AD是法线．根据反射和折射的特点可知，反射发生在同种介质中，BO是入射光线，OG是反射光线，OE是折射光线．由图可知，折射角∠DOE大于入射角∠AOB，故界面CF的左侧为玻璃，右侧为空气．
14、振动 音调
【解析】
声音由物体振动产生，吹口琴时，在气流的冲击下，铜片振动，发出声音；
对不同气孔吹气，空气柱长度不同了，振动的频率（快慢）改变，声音的音调改变。

三、作图题（共7分）
15、
【解析】
开关闭合时，指示灯被短路，不能发光，只有照明灯发光；开关断开时，照明灯和指示灯串联，由于指示灯的电阻过大，分担了大部分的电压，所以照明灯几乎不发光，此时照明灯不亮，指示灯会发出微弱的光，如图所示：

16、
【解析】
由题知，开关S1控制客厅L1和L2，说明S1在这两灯的干路上；卧室开关S2控制壁灯L3，说明S2在灯L3的支路上，该壁灯亮度通过S3调节，说明S3与电阻并联，如图所示：

17、
【解析】
由图知通电螺线管的左端为N极，利用安培定则，右手握住螺线管，大拇指指向N极，四指指向电流的方向，由此可以确定螺线管中的电流方向是从右端流入、左端流出。如下图所示：

四、实验题（本大题共5小题，共20分）
18、 A、B A 电流/A 大 电压 温度 正确
【解析】
（1）电流表选择0～0.6A，电流表串联在电路中．滑动变阻器已经选择下面接线柱，上面任意选择一个接线柱，滑动变阻器串联在电路中。所以，电流表的“0.6”接线柱与滑动变阻器C（或D）相连，电压表的“-”接线柱与灯泡左端相连．如图：

（2）若小雷连接电路后闭合开关，灯L1几乎不发光，移动滑片P也不能改变灯的亮度。原因是他把滑动变阻器的下面两个接线柱接入了电路，此时电阻最大，所以灯L1几乎不发光；
（3）①闭合开关，要使灯L1发光，滑动变阻器阻值应变小，滑片P向A端移动；
②根据表中信息得：遗漏的物理量和单位是：电流/A；
（4）从实验1→实验2→实验3，灯泡越来越亮，灯泡实际功率越大．
（5）L1的额定功率为2.5V，电压表选择0～3V量程．L2的额定功率为 3.8V，电压表选择0～15V量程．所以L2替换L1，需要更换电压表量程．
（6）①灯丝电阻受温度影响较大，灯泡在不同电压下，温度不同，灯丝中电阻不同，计算平均值代表灯丝电阻无意义，小刘忽略温度对电阻的影响．
②把灯L1换成定值电阻后，因定值电阻阻值是不变的，所以可以探究电流跟电压的关系，故说法正确．
19、 R断路 A 电压表 2.5V 不合适 热敏电阻的阻值虽然可以通过温度改变，但阻值的具体大小无法得知，所以无法定量地研究电流与电阻的关系
【解析】
（1）探究“电流与电阻的关系”，电压表与电阻并联，已知电源电压恒为3V，所以电压表选用0~3V量程，滑动变阻器按“一上一下”的方式接入电路中，连图如下：

（2）闭合开关后，电流表没示数，说明电路可能断路，电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源相连通，则电路故障可能是电阻R断路．
（3）将5Ω的电阻换成10Ω的电阻继续实验，根据串联分压原理，电压表示数变大，为控制电压表示数不变，根据串联电路电压的规律，应增大滑动变阻器分得的电压，根据分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的阻值，所以应将滑动变阻器的滑片向A移动，在此过程中眼要看着电压表，直到电压表的示数为2.5V时；
（4）探究“电流与电阻的关系”需要控制电压相同，改变电阻，用热敏电阻代替定值电阻，热敏电阻的阻值虽然可以通过温度改变，但阻值的具体大小无法得知，所以无法定量地研究电流与电阻的关系．
20、钩码个数 不考虑 旋转 C 任意方向 弹簧测力计示数不变
【解析】
(1)小卡片两端通过滑轮各挂一个钩码，两个钩码由于重力通过绳子对小卡片施加了两个向相反方向的拉力；并通过调整钩码个数来改变拉力的大小；由于小卡片的质量较小，所以实验中选择小卡片的目的是不考虑小卡片的重力；(2)要探究一对平衡力在同一直线上，可将小卡片转过一个角度，使小卡片两端的拉力不在一条直线上，观察小卡片是否平衡；(3)小华实验用的小卡片重力小，可以忽略，悬在空中不受摩擦力影响；小明实验用的小车放在水平桌面上，小车和桌面之间存在摩擦力，摩擦力是不能消除的，实验要受到摩擦力影响，所以还是小华的实验方案好，故C正确。(4)因为平衡状态包括静止和匀速直线运动状态，所以只有物体在只受两个力的作用下做匀速直线运动时，二力平衡条件和物体静止时的二力平衡条件就是相同的，弹簧测力计示数也是不变。且做匀速直线运动时任意方向的都适合。但由于用弹簧测力计拉着钩码，鈎码受重力作用，所以只能在竖直方向做匀速直线运动。
点睛：（1）实验中通过调节钩码的个数来改变卡片受到的力；一个物体上受到的力相差很大时，很小的力可以忽略不计．实验中小卡片的力比较小，可以忽略不计，使小卡片只受水平方向的力．（2）转动卡片，卡片受到的两个力不在同一直线上，松手后卡片转动说明卡片受到的两个力不在同一直线上时，卡片不能保持平衡状态．（3）木块放在水平桌面上，木块和桌面之间存在摩擦力，实验要考虑摩擦力，使实验比较复杂．（4）平衡状态包括静止和匀速直线运动状态，所以物体处于匀速直线运动状态，也可以探究二力平衡条件。
21、1.6 无关 1.6 F浮＞G 160 8×101
【解析】
（1）分析图象，由根据F浮＝G﹣F求浮力大小；
（2）根据图象分析，浸没后浮力不变；
（1）根据浮力大小的影响因素分析解答；
（4）根据浮沉条件解答；
（5）由阿基米德原理计算瓶子浸入水中体积，从而得出液面上升的高度，可计算压强的增加量；
（6）由图甲知，瓶子重力，从而计算铁块重力，计算出瓶中加入水的重力，由密度公式可得加入水的体积，从而得到铁块体积，由密度公式计算铁块的密度大小．
【详解】
（1）分析图象知，当瓶子浸入深度为0时，弹簧测力计示数为瓶子和铁块的总重力，即G=2.2N；当瓶子浸入深度达到6cm后弹簧测力计不再减小，说明瓶子浸没在水中，示数为0.6N，浮力：；
（2）从BC段瓶子受到的弹簧测力计拉力不变可知，瓶子受到的浮力不变，说明物体受到的浮力大小与浸没的深度无关；
（1）浮力的大小与液体密度和物体浸入液体的体积有关，空玻璃瓶浸没在水中与装有铁块的瓶子浸没在水中时浸入水中体积相等，所以受到的浮力相等，都为1.6N；
（4）当浮力大于重力时，物体上浮，即物体上浮的条件F浮＞G；
（5）由阿基米德原理可得，当玻璃瓶浸没后，瓶子排开水中体积：
，
容器中水面上升体积与V排相等，即：，所以容器中水面上升高度：
，
所以水又对容器底的压强增加了：
；
（6）由图甲知，空瓶的重力1.4N，瓶子和铁块的总重力2.2N，铁块重力：
，
由题知，图丁中弹簧测力计示数，即瓶子、水和铁块的总重力：G总=1.1N，所以装入水的重力：，
装入水的体积：，
则铁块的体积：，
所以铁块密度：．
22、2 不变 4 2c
【解析】
（1）如图乙所示，温度在0℃以上，分度值是1℃，该物质此时温度是2℃；
（2）该物质在熔化过程中吸收热量，温度保持不变，该物质是晶体，从2min开始熔化，6min结束，熔化时间为6min-2min=4min；
（3）图中AB段为固态，加热时间是2min，升高的温度为3℃，CD段为液态，加热时间为4min，升高的温度为3℃，两种状态下质量相等，处于固态吸收的热量是处于液态时吸收热量的，即吸热之比为1：2，根据Q=cmΔt可知该物质液态时的比热容是固态时比热容的2倍，液态时的比热容是2c．

五、计算题（本大题共2小题，共13分）
23、（1）5N； （2）4N；（3）1050Pa
【解析】
(1)合金体的重力：G=mg=500g×10−3kg×10N/kg=5N；
(2)根据可得，合金体的体积：
，
合金体受到的浮力：
F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×(1−)×1.25×10−4m3=1N，
∵F浮=G−F′，
∴弹簧计的拉力：
F=G−F浮=5N−1N=4N；
(3)合金体浸没水中时，水位升高：
，
此时水的深度：
h总=h+h1=10cm+0.5cm=10.5cm=0.105m，
水对容器底产生的压强：
p=ρgh总=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.105m=1050Pa.
答：(1)合金体所受的重力为5N；
(2)弹簧测力计的拉力是4N；
(3)将细线剪断，合金体浸没水中静止时，水对容器底部产生的压强是1050Pa.
24、 (1)3.78×106J；(2)90%。
【解析】
(1)水吸收的热量：
Q吸=cm（t﹣t0）=4.2×103J/（kg•℃）×30kg×（50℃﹣20℃）=3.78×106J；
(2)消耗的电能：
W=Pt=2000W×35×60s=4.2×106J，
此过程电热淋浴器的热效率：
η=×100%=×100%=90%．
答：(1)加热过程中水吸收的热量为3.78×106J；
(2)此过程电热淋浴器的热效率为90%．
【点评】
本题是一道电学与热学的综合计算题，考查了热量的计算、电功的计算、电热淋浴器的效率的计算，要注意区分哪些是有用能量（被水吸收的）、哪些是总能量（消耗的电能）．

六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）
25、见解析所示 触点AB接触，R0被短路，灯泡两端电压变大 64.8J 48Ω
【解析】
(1)据图可知，控制开关连接2、3两触点时电铃发出忽强忽弱的报警声，控制开关连接3、4两触点电铃报警同时电灯会亮、暗交替闪烁发光，控制开关连接4、5两触点时仅有灯泡闪烁发光，则灯泡与电铃并联，如图所示．

(2)控制开关连接4、5两触点灯泡亮暗交替发光时,灯泡变亮的原因是触点AB接触,R0被短路，灯泡两端电压变大；(3)①此时灯泡发出微弱的光时的功率是：P′＝P＝×3W＝0.12W；故据图乙可知,每1.5s的时间,指示灯3W工作时间是0.5s,0.12W工作时间还是1s,故指示灯工作60s,以3W功率工作的时间是t1＝×0.5s＝20s,所以以0.12W工作的时间是t2＝60s−20s＝40s；由P＝可得，以3W功率消耗的电能是W1＝Pt1＝3W×20s＝60J；则以0.12W功率消耗的电能是W2＝P′t2＝0.12W×40s＝4.8J；60s共消耗的电能是：W＝60J4.8J＝64.8J，②据指示灯规格为“6V3W”且灯泡的电阻不变,可知,灯泡的电阻是R＝＝12Ω；当指示灯为0.12W时,据P＝I2R可知，I＝0.1A；故此时灯泡的电压是：U＝IR＝0.1A×12Ω＝1.2V,所以定值电阻的电压是：U′＝6V−1.2V＝4.8V；故定值电阻的阻值是：R0＝＝48Ω.
点睛：（1）据电路分析即可，及需要让两个指示灯都接入电路即可；（2）控制开关连接4、5两触点时，触点AB接触，R0被短路，灯泡两端电压变大；（3）①计算出指示灯两种功率下的工作时间，而后据公式W＝Pt计算电能即可；②据灯泡的规格可以计算出灯泡的电阻，据灯泡的电阻和灯泡的实际功率可以计算出灯泡的实际电流，而后再据串联电路电压和电流的规律分析即可得出答案．
26、左 S2流入 相反 5×10﹣4m2 0.257 D
【解析】
当线圈中的电流从A流向B时，由安培定则可知，螺线管左端为S极，此时异名磁极相互吸引，所以活塞向左运动，S1关闭，S2打开，血液从S2流入．
①由题意：“使用时，将血管放置于两磁极之间，两金属电极a、b与血管壁接触，就会有微弱电流流过仪表显示出血流速度，所以电磁血流计的原理与发电机的原理相同，因为感应电流方向与磁场方向和导体切割磁感线运动方向有关，若仅调换两磁极的位置，则流过仪表电流的方向将相反．
②已知v=0.2m/s，血流量为10-4 m3/s，血管的横截面积．
（3）由题意可知，正常的血流速度v=0.18m/s，要使流过的血液体积相等，则有：Sv=S′v′，则血管变细后的血液流速：．
（4）要保证血液匀速运动，根据题意和表格数据可知：F=f=kv，，
则推动血液流动的功率：，
故D正确为答案．
27、（1）用声纳探测货箱上表面的回声的时间是0.04s；
（2）要将货箱从海底处匀速吊起到上表面将露出水面的过程中，拉力F做了1.16×106J；
（3）在此过程中，货箱所受浮力变小、滑轮组机械效率的变大．
【解析】
试题分析：（1）声呐发射的超声波遇到货箱经反射后，又被声呐接收，超声走的是2（H﹣L）的路程，利用速度公式求时间；
（2）求出货箱的体积，得出货箱浸没水中排开水的体积，利用阿基米德原理求货箱在水中受到的浮力，再利用F=（G滑轮+G货﹣F浮）求出拉力大小，算出货箱在水中的上升高度，利用W=Fh求拉力F做功；
（3）货箱从刚露出水面到完全露出水面的过程中，货箱受到的浮力减小，滑轮受到的拉力增大，拉力做的有用功增大，额外功几乎不变，由此可知动滑轮的机械效率变大．
解：（1）由题知货箱上表面距离水面：
h=H﹣L=30m﹣1m=29m，
超声走的路程：
s=2（H﹣L）=2×29m=58m，
用声纳探测货箱上表面的回声的时间：
t===0.04s；
（2）货箱排开水的体积：
v=（1m）3=1m3，
货箱在水中受到水的浮力：
F浮=ρ水v排g=ρ水vg=1×103kg/m3×1m3×10N/kg=1×104N，
拉力F大小：
F=（G滑轮+G货﹣F浮）=（1.0×104N+4.0×104N﹣1.0×104N）=2×104N，
拉力移动的距离：
s=2h=2×29m=58m，
拉力做功：
W=Fs=2×104N×58m=1.16×106J；
（3）货箱从刚露出水面到完全露出水面的过程中，货箱排开水的体积减小，货箱受到的浮力减小，滑轮受到的拉力增大，拉力做的有用功增大，额外功几乎不变，由此可知动滑轮的机械效率变大．
答：（1）用声纳探测货箱上表面的回声的时间是0.04s；
（2）要将货箱从海底处匀速吊起到上表面将露出水面的过程中，拉力F做了1.16×106J；
（3）在此过程中，货箱所受浮力变小、滑轮组机械效率的变大．
【点评】本题为力学综合题，分析时不要忽略了货箱受到的浮力，使用动滑轮拉力F=（G滑轮+G货﹣F浮），但s=2h仍成立．