2026年广东省东莞市东莞中学高三下学期教育质量调研（二模）物理试题含解析.doc

2026 年广东省东莞市东莞中学高三下学期教育质量调研（二模）物理试题 注意事项注意事项:1 1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2 2答题时请按要求用笔。答题时请按要求用笔。3 3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4 4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5 5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共一、单项选择题：本题共 6 6 小题，每小题小题，每小题 4 4 分，共分，共 2424 分。在每小题给出的四个分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。选项中，只有一项是符合题目要求的。1、在在x轴上有两个点电荷轴上有两个点电荷1q、2q，其静电场的电势，其静电场的电势在在x轴上的分布情况如图所示，则（轴上的分布情况如图所示，则（）A1q和和2q带有同种电荷带有同种电荷 B1x处的电场强度为零处的电场强度为零 C将一负电荷从将一负电荷从1x处移动到处移动到1x处，其电势能增加处，其电势能增加 D将一负电荷从将一负电荷从2x处移到处移到4x处，电场力做功为零处，电场力做功为零 2、放置于固定斜面上的物块，在平行于斜面向上的拉力放置于固定斜面上的物块，在平行于斜面向上的拉力 F 作用下，沿斜面向上做直线运动。拉力作用下，沿斜面向上做直线运动。拉力 F 和物块速度和物块速度 v 随随时间时间 t 变化的图象如图，则不正确的是：（变化的图象如图，则不正确的是：（）A第第 1s 内物块受到的合外力为内物块受到的合外力为 0.5N B物块的质量为物块的质量为 11kg C第第 1s 内拉力内拉力 F 的功率逐渐增大的功率逐渐增大 D前前 3s 内物块机械能一直增大内物块机械能一直增大 3、如图甲所示，如图甲所示，A、B 是一条电场线上的两点，若在是一条电场线上的两点，若在 A 点释放一初速度为零的电子，电子仅受静电力作用，并沿电场点释放一初速度为零的电子，电子仅受静电力作用，并沿电场线从线从 A 运动到运动到 B，其速度随时间变化的规律如图乙所示，设，其速度随时间变化的规律如图乙所示，设 A、B 两点的电场强度分别为两点的电场强度分别为ABEE、，电势分别为，电势分别为AB、，则（则（）AABEEAB BABEEAB CABEEAB DABEEAB 4、如图所示，是一个质点在时间内的如图所示，是一个质点在时间内的 v-t 图象，在这段时间内，质点沿正方向运动的平均速度大小为图象，在这段时间内，质点沿正方向运动的平均速度大小为 v1沿负方向运动沿负方向运动的平均速度大小为的平均速度大小为 v2则下列判断正则下列判断正确的是确的是()Av1v2 Bv1v2，与结论不相符，选项 A 错误；B.v1v2，与结论相符，选项 B 正确；C.v1=v2，与结论不相符，选项 C 错误；D.以上三种情况均有可能，与结论不相符，选项 D 错误。5、C【解析】【解析】因为上表面的电势比下表面的低，根据左手定则，知道移动的电荷为负电荷；根据电荷所受的洛伦兹力和电场力平衡可得：UqvBqa 解得：UvBa 因为电流为：Inqvsnqvab 解得：IBnq bU=A.与分析不符，故 A 错误；B.与分析不符，故 B 错误；C.与分析相符，故 C 正确；D.与分析不符，故 D 错误 6、C【解析】【解析】A气体的体积是气体分子所能充满的整个空间，不是所有气体分子的体积之和，故 A 错误；B大量做无规则热运动的分子对器壁频繁、持续地碰撞产生了气体的压强，与气体重力无关，故 B 错误；C气体压强不变时，体积增大，气体温度升高，则分子的平均动能增大，故 C 正确；D气体膨胀时，气体对外做功，由热力学第一定律UWQ可知，气体对外做功同时可能吸收更多的热量，内能可以增加，故 D 错误。故选 C。二、多项选择题：本题共二、多项选择题：本题共 4 4 小题，每小题小题，每小题 5 5 分，共分，共 2020 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得全部选对的得 5 5 分，选对但不全的得分，选对但不全的得 3 3 分，有选错的得分，有选错的得 0 0 分分。7、AD【解析】【解析】A小球从 O 点运动到 B 点时的竖直速度 00tan603Byvvv 经历的时间为 03yvvtgg 选项 A 正确；B小球从 O 点运动到 A 点的过程中速度大小的改变量为 003tan374yAvvvv 选项 B 错误；C小球从 O 点运动 B 点的过程中，下落的高度 220322yBBvvhgg 重力所做的功为 2032BWmghmv 选项 C 错误；D小球在 B 点时重力的功率为 03BGyBPmgvmgv 选项 D 正确；故选 AD。8、BD【解析】【解析】由 U=Ed 可求得场强 E，C 点的电势等于 C 与 A 板的电势差，由 U=Ed 求解 C 点的电势；由 Ep=qC可求得电子在 C 点具有的电势能【详解】A、B、AB 间有匀强电场，场强为,AC 间的电势差为 UAC=Ed1=5000 0.04V=200V，因 A 带正电且电势为零，C 点电势低于 A 点的电势，故 C=-UAC=-200V，故 A 错误，B 正确；C、D、电子在 C 点具有的电势能 EP=C(-e)=200eV；故 C 错误，D 正确；故选 BD.在研究电场中电势时一定要注意各个量的正负，明确各点间电势的高低，注意电势的符号 9、BC【解析】【解析】输入端电压的有效值为 30V，当 R1=0 时，电压表的读数为2211130V15V2nUUn，选项 A 错误；当 R1=0 时，若将电流表换成规格为“5V，5W”的灯泡，灯泡电阻为25LURP ，此时次级电流221ALUIRR，因灯泡的额定电流为1ALPIU，则此时灯泡能够正常发光，选项 B 正确；当 R1=10 时，设电流表的示数为 I，则此时初级电流为 0.5I，初级电压：30 0.51030 5II，则次级电压为1(305)2I，则1(305)=102II，解得 I=1.2A，此时电压表读数为 IR=12V，选项 C 正确，D 错误；10、BCD【解析】【解析】A根据热力学第一定律，气体吸热后如果对外做功，则温度不一定升高，故 A 错误；B做功和热传递都可以改变物体的内能，故 B 正确；C根据理想气体状态方程pVCT，气体等压压缩过，压强不变，体积减小，温度一定降低，内能也减小，即 U0；再根据热力学第一定律：W+Q=U，体积减小，外界气体做功，W0，则 Q0，所以理想气体等压压缩过程一定放热，故 C 正确；D理想气体绝热膨胀过程，Q=0，W0，根据热力学第一定律：W+Q=U 可知，U0，所以理想气体绝热膨胀过程内能一定减少，故 D 正确；E扩散现象是分子的无规则热运动，分子可以从高温区域扩散到低温区域，也可以从低温区域扩散到高温区域，故 E错误。故选 BCD。三、实验题：本题共三、实验题：本题共 2 2 小题，共小题，共 1818 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、222mdt 222mdbt 滑块运动过程中受阻力 变小 15.625 【解析】【解析】（1）1滑块匀速通过光电门有 dvt 滑块动能 212kEmv 解得 222kmdEt（2）2弹簧被最大压缩后的最大弹性势能 20pEb LL 最大弹性势能与滑块的动能kE相等，解式得 22022mdLLbt（3）3该图像在纵轴上有正截距。则式为 22022mdLLcbt（c 为截距）则滑块的动能小于弹簧的最大弹性势能，主要原因是滑块运动过程中受阻力，或导轨右侧高于左侧。（4）4由式知，图像的斜率为22mdb。换用劲度系数更大的弹簧做实验，则 b 更大，则图像斜率变小。（5）5由式得 22222200.05kg(0.02m)15.625N/m220.1m0.08m0.04mdbLLts 12、（1）6000 负 （2）电路如图；31Rk 无 【解析】【解析】（1）根据欧姆表的倍率挡和表盘进行读数；欧姆表红表笔接内部电源的负极（2）根据实验原理设计电路图；根据电路图找到 U2和 U1的函数关系，根据斜率求解 RV；根据电路结构判断电压表 V2内阻的影响.【详解】（1）用多用电表的欧姆挡“1k”测量，该读数为 61k=6000；电流从多用电表的负极流入，则多用表的红表笔与电压表 V 的负的接线柱相连（2）实物连线如图；由欧姆定律可得：1213VUUURR，即321(1)VRUUR，则31VRkR，解得31VRRk 由电路图可知，电压表 V2的内阻对测量结果无影响.四、计算题：本题共四、计算题：本题共 2 2 小题，共小题，共 2626 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤步骤。13、如图所示，=60；3 32Rtc【解析】【解析】由题意可知，作出光在介质中的光路图如图所示。根据图示和题意 332sin2ROHOFR =60 由光进入该介质的产生全反射时的临界角设为 C，得 1tanCn 可得 C，光线在 F 点全反射 根据图可知 30 由 G 点光线第一次射出介质，由折射定律得 1sinsinn 解得=60 根据题意，光中介质中的传播速度为 cvn 1sin2EFRRR FG=FO=R 所以光在介质中传播的时间为 EFFGtv 3 32Rtc 14、(1)20N；(2)10m【解析】解析】(1)设物块前 3s 的加速度大小为1a，根据牛顿第二定律有 1sinFmgma 物块 3s 末的速度 11 1vat 物块前 3s 内通过的位移 211 112xa t 设物块后 3s 的加速度大小为2a，根据牛顿第二定律有 2sinmgma 物块后 3s 内通过的位移 2212122112xv ttatt 据题意可知 12xx 联立解得 F=20N(2)物块 3s 末的速度 11 15m/svat 设再经过t时间物块上升到最大高度，根据运动学公式有 121svta 物块沿斜面上升的最大距离 1110m2vstt 15、（1）见解析；（2）-Eqd（3）不相等。【解析】【解析】（1）证明：q 从 A 点移到 B 点，电场力做功为 W=Fd q 受到的电场力为 F=qE 根据电势差的定义式得 A、B 两点间的电势差为 ABWUq 以上方程联立可得 ABUEd（2）负点电荷-q 从 A 到 B，电场力做功 ABWFdEqd ABUEd ABABU ()pAAEq 0pBBEq 解得 pAEEqd （3）U=Ed 公式仅适用于匀强电场，点电荷的电场不是匀强电场，虽然 MN=NP，但是由于 MN 之间的场强比 NP 之间的场强大，则 M、N 之间电势差 UMN大于 N、P 之间的电势差 UNP。