广东省广州市一一七中学2025-2026学年九年级上学期10月考物理试卷（解析版）.docx

广东省广州市一一七中学2025-2026学年九年级上学期10月考物理试卷答案
1．D

【详解】A．人对物体施加了一个竖直向上的力，距离不是在力的方向上通过的距离，人没有做功，故 A 不符合题意；
B. 运动员对杠铃有一个向上的力，但在力的方向上没有一段距离，所以没有做功，故 B 不符合题意；

C. 女孩给石头一个向上的力，石头未动，石头在力的方向上没有一段距离，所以没有做功，故 C 不符合题意；

D. 人给车一个向前的力，小车在力的方向上移动了一段距离，所以此过程人做了功，故 D 符合题意。故选 D。
2．C
【详解】A．滑轮组有效绳子股数为n = 2 ，5s 内将绳子拉下2m ，物体上升的高度
h = s = 2m = 1m 2 2

试卷第 7页，共 7页

则物体上升的速度为

v = h = 1m = 0.2m/s

A t 5s
故 A 错误；
B. 滑轮对物体A 的功率为120W ，根据 P = W有 = GA h = G v 可得

G t t A A

A
G = PG =
vA
120W

0.2m / s

= 600N

根据公式 F = GA + G动 ，计算出动滑轮的重力为
n
G动 = nF - GA = 2 ´ 400N - 600N = 200N

故 B 错误；

C. 机械效率

h= W有 = PGt = 120W ´5s ´ 100%= 75%

W总 Fs 400N ´ 2m

故 C 正确；

D. 适当增大物重可以提高有用功在总功中的占比，从而提高滑轮组的机械效率，故 D 错误。故选 C。
3．B
【详解】使用筷子时，动力臂小于阻力臂，所以筷子属于费力杠杆；

A. 使用托盘天平时，动力臂等于阻力臂，所以托盘天平属于等臂杠杆，故 A 不符合题意；

B. 使用船桨时，动力臂小于阻力臂，所以船桨属于费力杠杆，故 B 符合题意；

CD．使用羊角锤和瓶盖起子时，动力臂大于阻力臂，所以羊角锤和瓶盖起子属于省力杠杆，故 CD 不符合题意。

故选 B。4．C
【详解】足球被踢出去之后，人与足球之间没有接触，对足球没有力的作用，则此时人对足球不做功，故 ABD

不符合题意，C 符合题意。故选 C。
5．B
【详解】水车在不断的洒水工程中，虽然速度是不变的，但是由于质量减小，所以动能减小；虽然在水平街道上，但是由于质量减小，所以重力势能也会减小，所以洒水车的机械能减小，故 ACD 不符合题意，B 符合题意。
故选 B。6．D
【详解】A.观察图像，M 点的动能与重力势能总和大于 S 点的动能与重力势能总和，可见，运动过程中机械能不守恒，故 A 错误，不符合题意；
B. 观察图像，M 点的重力势能比 S 点大，故 B 错误，不符合题意；
C. 观察图像，M 点的重力势能比 S 点大，M 点的高度比 S 点大，故 C 错误，不符合题意；

D. 观察图像，M 点的重力势能比 S 点大，M 点的动能比 S 点小，小球的质量不变，所以，S 点的速度比 M 点大， 故 D 正确，符合题意。
故选 D。7．A
【详解】甲、乙两人爬楼梯比赛，升高的高度 h 相同，由
P = W = Gh
t t

得，甲、乙两人爬楼梯的功率之比为

P甲 =



G甲h t甲


= G甲h ´ t乙



= G甲 ´t乙



=3 ´3 =9

故选 A。8．D
P乙 G乙h
t乙
t甲 G乙 h G乙 甲t
2 4 8

【详解】A．机械效率等于有用功与总功的比值，与是否省力没有必然的联系，故 A 错误；

B. 机械效率是有用功在总功中所占比例，与做功的多少没有直接联系，故 B 错误；

C. 省力机械可以减轻操作者的工作强度，但并不能省掉操作的总功耗，使用任何机械都不省功，故 C 错误；

D. 功率是表示物体做功快慢的物理量，功率大的机器，做功快，故 D 正确。故选 D。

9．D

【详解】A．图中为机械是定滑轮，实质是一个等臂杠杆，不能省力，则 F=G；

B. 图中是动滑轮能省力，F 小于物体的重力 G；

C. 图中动力臂大于阻力臂是省力杠杆，拉力 F 小于物体的重力 G；

D. 图中动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，拉力 F 大于 G；

所以拉力最大的是 D 图情景。故 ABC 不符合题意，D 符合题意。故选 D。
10．C

【详解】由图知，n=3，则绳子自由端移动的距离

s 绳=3s 物=3v 物t=3×0.2m/s×10s=6m
故 A 错误；
拉力做的有用功和总功

W 有=fs 物，W 总=Fs 绳

因为

η= W有 =
W总

fs物 =
Fs绳

fs绳 = f
F ´ 3s 绳 3F

所以物体与地面间的滑动摩擦力

f =h´3F = 80% ´3 ´ 20N = 48N

故 B 错误； 拉力做功为
W 总=Fs 绳=20N×6m=120J

拉力做功的功率

P= W总 = 120J =12W

故 C 正确； 有用功
t 10s

W 有=fs 物=fv 物t=48N×0.2m/s×10s=96J

故 D 错误。故选 C。

11．

【解析】【小题 1】过支点 O 作重力作用线的垂线段即重力的力臂 L；要求动力最小，则动力臂应最长，最长力臂为支点 O 到动力作用点 A 的距离，力的方向垂直 OA 向上。如图：

12． 有用 额外 低

【详解】[1]俗话说“竹篮打水一场空”，此过程中，你需要打水，对水做的功是有用功。

[2] 对竹篮做的功是必不可少的功，是额外功。

[3] 俗话说“竹篮打水一场空”，说明做的有用功比较少，这一现象所包含的物理道理是“竹篮打水”的机械效率比较 低。

13．
F1s
3F2 s Gh 75%

【详解】（1）[1]直接拉物体的力做的功为有用功，则此过程滑轮组的有用功

W1 = F1s

[2]因为滑轮组中有 3 段绳子拉着物体，所以绳端移动的距离

s¢ = 3s

则此滑轮组的总功为

W2 = F2 ´ 3s = 3F2 s

（2）[3]使用斜面提升物体可以省力，使用斜面做的有用功
W3 = Gh

[4]由图可知，该斜面的机械效率为

h= W有 ´100% =

W有 ´100% =

60J
´100% = 75%

W总

14．(1)

(2) 升高 见解析
W有 +W 额
60J+ 20J

【详解】（1）力臂是支点到力的作用线的垂直距离；过 O 点作力 F1 的作用线的垂线，即为力 F1 的力臂l1 ，过 O

点作力 F2 的作用线的垂线，即为力 F 2 的力臂l2 ，如图所示：

（2）[1][2]阻力不变，阻力臂不变，阻力与阻力臂的乘积不变，为了减小钢索承受的拉力，可增大动力臂，可适当升高悬挂点在桥塔上的高度，动力臂变大，从而减小钢索承受的拉力。
15．(1)2100W (2)700N (3)80%
【详解】（1）电动机做功的功率为 P = W总 = 21000J =2100W
t 10s
（2） 由图可知，滑轮组的动滑轮绕绳子的段数 n=3，根据 W 总=Fs=Fnh 可知，电动机对绳子拉力的大小为
F = W总 = 21000J = 700N

nh 3´10m
（3） 滑轮组克服重力做的有用功为 W 有=Gh=1680N×10m=16800J

滑轮组的机械效率为h= W有 = 16800J ´ 100% = 80%
W总 21000J

16．（1）12km；（2）3.6×107J；（3）6×104W
【详解】解：（1）小汽车行驶 10min 的路程是

s = vt = 72 km h ´10 min = 72 km h ´10
60
h =12km（2）小汽车在做匀速直线运动时，牵引力为

F=f=3×103N

牵引力做的功是

（2） 小汽车 10min 内牵引力做的功 3.6×107J；
（3） 小汽车做匀速直线运动的输出功率为 6×104W。17．(1) 是 右
(2)仍能

(3) 1.5 变小

(4) 支点

(5) B

【详解】（1）[1][2]杠杆的平衡是指杠杆处于静止状态或匀速转动状态；挂钩码前，杠杆在图甲所示的位置静止，则此时杠杆达到了平衡状态；由图甲可知，杠杆左端低，右端高，则左边较重，要想使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆两端的螺母向右调节。
（2）图乙杠杆的重力作用线过支点，将杠杆左下角物块 M 取走后，不调节平衡螺母，杠杆的重力作用线仍过支点，所以杠杆在水平位置仍能静止。
（3）[1]设杠杆上相邻刻度线之间的距离为 L，B 位置下挂了 4 个钩码，由杠杆平衡条件可知 FAl1=FBl2

弹簧测力计的示数 F
= FBl2 = 4 ´ 0.5N ´ 3 L = 1.5N

A
l1 4L
[2]现将两侧钩码，弹簧测力计的悬点均向支点 O 移近一格，要继续保持杠杆在水平位置平衡，由杠杆平衡条件
可知 F′Al′1=F′Bl′2
此时弹簧测力计的示数为 F ¢ = FBl2¢ = 4 ´ 0.5N ´ 2 L = 4 N

l
1
A ¢ 3L 3
所以弹簧测力计的示数会变小。

（4） 支点是指杠杆转动时固定不动的一点，图中提绳处是杠杆的支点。

（5） 铅笔水平平衡后，将铅笔稳住，并将断裂的铅笔芯放到右端细线上方固定，如图所示，铅笔芯所放位置的力臂小于原位置的力臂，根据杠杆平衡条件可知，其不会保持平衡，而是右端会下沉，故选 B。
18．(1)竖直匀速

(2) 1.8 74.1

(3) 增大重物的重力 相同

(4) B

【详解】（1）在实验操作中，为了使拉力大小不变，应该竖直匀速拉动弹簧测力计。

（2）[1]由图丙得，测力计的分度值为 0.2N，示数为 1.8N，即进行第 3 次测量时，弹簧测力计示数为 1.8N。

[2]进行第 3 次测量滑轮组的机械效率约为 h= W有 = Gh = 4N ´ 0.05m ´ 100%» 74.1%

W总 Fs 1.8N ´0.15m

（3）[1]分析实验数据，使用同一滑轮组提升不同重物上升相同的高度，重物重力越大，滑轮组的机械效率越高，则实验结论是：使用同一滑轮组提升不同重物，增大重物的重力可以提高机械效率。
[2]使用同一滑轮组提升不同重物，重物上升的高度都一样，则因为动滑轮的重力保持不变，因此克服动滑轮重力所做的额外功相同。
（4）A．增加滑轮的个数，相当于增加了动滑轮的重力，在提升物重一定时，滑轮组的机械效率会变小，故 A
不符合题意；

B. 换质量小的动滑轮相当于减小动滑轮的重力，在提升物重一定时，滑轮组的机械效率会变大，故 B 符合题意；

C. 机械效率是有用功与总功的比值，与钩码被提升的高度无关，故 C 不符合题意；

D. 增大钩码升高的速度，对有用功和总功没有影响，故不能提高滑轮组的机械效率，故 D 不符合题意。故选 B。