海南省2025-2026学年高一上物理期末考试模拟试题含解析.doc

海南省2025-2026学年高一上物理期末考试模拟试题
注意事项
1．考生要认真填写考场号和座位序号。
2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。
3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、将一个小球竖直向上抛出，经过时间t回到抛出点，此过程中上升的最大高度为h，在此过程中，小球运动的路程、位移、平均速度分别为　　
A.路程为2h、位移为0、平均速度为
B.路程为2h、位移为0、平均速度为0
C.路程为2h，位移为2h，平均速度为
D.路程为2h，位移为h，平均速度为
2、如图所示，质量均为m的A、B两球之间系着一根不计质量的弹簧，放在光滑的水平面上，A球紧靠竖直墙壁，今用水平力F将B球向左推压弹簧，平衡后，突然将F撤去，在这瞬间，以下说法正确的是

A.B球的速度为零，加速度大小为
B.B球的速度为零，加速度为零
C.A立即离开墙壁
D.在A离开墙壁后，A、B两球均向右做匀速运动
3、下列说法正确的是
A.合力一定大于分力
B.静摩擦力和压力成正比
C.所有弹力的产生都伴随着形变
D.重心一定在物体上
4、大小分别为2N和8N的两个力作用在一个质量为2kg的物体上，物体获得的加速度可能正确的是（　　）
A.2m/s2 B.4m/s2
C.6m/s2 D.8m/s2
5、如图所示，物块、叠放在粗糙的水平桌面上，水平外力作用在上，使、一起沿水平桌面向右加速运动．设、之间的摩擦力为，与水平桌面间的摩擦力为．若水平外力逐渐增大，但、仍保持相对静止，则摩擦力和的大小（ ）

A.不变、变大
B.变大、不变
C.和都变大
D.和都不变
6、一个质点沿直线运动，其速度图象如图所示，则质点（）

A.在内做匀加速直线运动 B.在内做匀速直线运动
C.在内做匀加速直线运动 D.在内保持静止
7、如图所示，一个小球用轻弹簧拴住，弹簧上端栓在天花板上且处于竖直方向，小球底部和地面接触，则小球可能受到力的个数为（ ）

A.1个
B2个
C.3个
D.4个
8、中华文化是世界唯一连续传承五千年的文化，“龟兔赛跑”的寓言故事富含哲理，如图表示“龟兔赛跑”中乌龟和兔子的位移时间图像（s－t），则下列说法中正确的是（）

A.兔子比乌龟早出发
B.乌龟一直在做匀加速运动
C.在0t3时间内乌龟运动的位移大
D.乌龟和兔子分别在t1和t2时刻相遇
9、在“探究滑动摩擦力的大小与压力、接触面粗糙程度之间的关系”实验中，某实验小组先保持木块与木板间接触面的粗糙程度不变，通过改变砝码个数来改变压力，分别记录弹簧测力计的示数及对应的压力；然后改变接触面的粗糙程度，重复上述实验。根据实验数据，作出f－FN图像，如图所示。由图像可知（　　）

A.对于同一接触面，是一个定值
B.对于不同接触面，值不同
C.图像①对应的接触面更粗糙
D.图像②对应的接触面更粗糙
10、两个共点力的大小为F1 = 15N，F2 = 8N，它们的合力大小可能等于(　　)
A.21 N B.25 N
C.8 N D.9 N
11、用轻弹簧竖直悬挂质量为m的物体，静止时弹簧伸长量为L。现用该弹簧沿斜面方向拉住质量为2m的物体，系统静止时弹簧伸长量也为L。已知斜面倾角为30°，重力加速度为g，则下列说法正确的是( )

A.木块受到三个作用力
B.本块所受斜面的摩擦力等于零
C.斜面受到地面的摩擦力方向水平向左
D.斜面对木块的作用力大小为2mg，方向竖直向上
12、2018年第23届平昌冬奥会冰壶混双比赛循环赛在江陵冰壶中心进行，巴德鑫和王芮联袂出战以6比4击败美国队．如图为我国运动员巴德鑫推冰壶的情景，现把冰壶在水平面上的运动简化为匀加速或匀减速直线运动，冰壶可视为质点，运动员对冰壶的作用力可认为沿水平方向．设一质量的冰壶从运动员开始推到最终静止共用时．冰壶离开运动员的手后，运动了才停下来，冰壶与冰面间动摩擦因数为，重力加速度下列说法正确的是

A.冰壶在减速阶段的加速度大小为
B.冰壶在减速阶段的加速度大小为
C.运动员推冰壶的平均作用力大小为20N
D.运动员推冰壶的平均作用力大小为23N
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、如图甲所示的实验装置可以用来探究加速度与力的关系．实验中用到了位移传感器,发射器放在运动的小车上，接收器与计算机相连,即可通过计算机得到小车加速度的具体数值．实验中通过增加钩码的数量,进行多次测量,可得小车运动的加速度和钩码重力F的关系图像,如图乙所示

(1)图像不过原点,表明实验之前缺少的一个必要操作是______________.
(2)由图像可以计算出小车与木板间的动摩擦因素_______(最大静摩擦力等于滑动摩擦力)(g取).
(3)随着所挂钩码数量增加,拉力F越来越大,图线不断延伸,后半段将要发生弯曲,请预测图线将向_________(填“横轴”或“纵轴”)一侧弯曲.
(4)为使实验图线能不出现(3)中的问题,下列操作可行的是__________.
A.将钩码全部置于小车内,取用钩码改变细绳拉力时,保持钩码总数一定
B.在改变钩码数量时同时用木块垫高长木板的右端,使小车获得更大的加速度
C.选用质量更小的小车,使小车能够平稳的加速,同时减小摩擦力带来的影响
D.换用动摩擦因数更小的木板,使小车所受拉力更接近小车的合外力
14、某研究小组在“探究自由落体运动性质”的实验中：
（1）下图是四位同学实验操作某瞬间的照片，你认为正确的是______；
A. B. C.D.
（2）关于“接通电源”和“放手让重物运动”的先后顺序。下列说法正确的是________；
A.接通电源和放手应同时
B.先接通电源后放手
C.先放手后接通电源
（3）实验测得加速度只有9.5m/s2，你认为可能的原因是______（写出一条即可）。
15、在“研究平抛物体运动”的实验中，可以测出小球经过曲线上任意位置的瞬时速度，
（1）实验简要步骤如下：

A．让小球多次从__________位置上滚下，记下小球穿过卡片孔的一系列位置.
B．安装好器材，注意__________，记下斜槽末端O点和过O点的竖直线.
C．测出曲线上某点的坐标x、y
D．取下白纸，以O为原点，以竖直线为轴建立坐标系，用平滑曲线画平抛轨迹.
（2）上述实验步骤的合理顺序是___________.
（3）如图所示，是一个小球做平抛运动的闪光照相相片的一部分，图中方格的边长均为5cm，如果取g=10m/s2，则小球运动中水平分速度的大小是_______ m/s。
三．计算题(22分)
16、（12分）一辆汽车初速度3m/s，在水平路面上以2m/s2的加速度做匀加速直线运动。求：
（1）汽车在5s末的速度大小。
（2）汽车在这5s内的位移大小。
17、（10分）如图，物体质量m=10kg，静止放在光滑的水平地面上，现给物体施加一个水平向右的外力F=20N，使物体由静止开始运动，若g取10m/s2，求：

(1)物体的加速度；
(2)5s末物体的速度。
参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、B
【解析】由题可知，球上升h又落回抛出点，则球的路程为：，位移为0，平均速度等于位移与时间的比值，所以平均速度为零，故B正确，A、C、D错误；
2、A
【解析】速度不能发生突变，力可以突变，突然将F撤去，弹簧的压缩量没有来得及发生改变，故弹力不变，对B球运用牛顿第二定律，即可求得加速度．在弹簧第一次恢复原长时，B球的速度大于A球的速度，弹簧将被拉长，A受到弹簧的弹力A离开墙壁；在A离开墙壁后，B球的速度大于A球的速度，弹簧将被拉长，A将做加速运动，而B做减速运动
【详解】撤去F前，B球处于静止状态，速度为零，弹簧弹力等于F，将F 撤去的瞬间，速度不能发生突变，所以速度仍然为零，弹簧的压缩量没有来得及发生改变，故弹力不变，所以B球只受弹簧弹力，根据牛顿第二定律可知：不等于零，所以B球的速度为零，加速度不为零，故A正确，B错误；在弹簧第一次恢复原长时，B球的速度大于A球的速度，弹簧将被拉长，A受到弹簧的弹力A离开墙壁，故C错误；在A离开墙壁后，B球的速度大于A球的速度，弹簧将被拉长，A将做加速运动，而B做减速运动，故D错误．所以A正确，BCD错误
3、C
【解析】A．根据力的平行四边形定则可知，合力可能大于分力，也可能小于分力，或等于分力，故A错误；
B．依据滑动摩擦力公式Ff=μFN可知，滑动摩擦力与正压力成正比；而静摩擦力由产生相对运动趋势的外力决定，与正压力不成正比，故B错误；
C．根据弹力产生条件：接触且发生弹性形变，故C正确；
D．物体的重心不一定在物体上，也可以在物体之外，比如均匀的圆环，重心在圆环之外，故D错误。
故选C。
4、B
【解析】先求出两力合力的最大值和最小值，再据牛顿第二定律求出加速度的最大值和最小值
【详解】两力反向时合力最小，最小值为；两力同向时合力最大，最大值为；两力合力的范围为6N～10N．由牛顿第二定律可得，加速度的最小值为3m/s2；最大值为5m/s2．故ACD三项错误，B项正确
5、B
【解析】水平外力F逐渐增大，A、B都保持相对静止，加速度相同，根据牛顿第二定律分别以A和整体为研究对象，分析摩擦力f1和f2的大小变化情况
【详解】根据牛顿第二定律得：对A物体：f1=mAa，对整体：F-f2=（mA+mB）a；可见当F增大时，加速度a增大，f1变大．而f2=μ（mA+mB）g，μ、mA、mB都不变，则f2不变．故选B
【点睛】本题运用整体法和隔离法结合研究连接体问题，加速度相同是这类问题的特点，要灵活选择研究对象
6、A
【解析】AB.图像中质点在内速度一直增大，且斜率一定，所以质点做匀加速直线运动，故A项符合题意，B项不符合题意
CD.图像中质点速度保持不变，所以质点做匀速直线运动，故CD项不符合题意
7、BC
【解析】小球与弹簧和地面两个物体接触，当弹簧的拉力与重力相等时，地面对小球没有弹力；当弹簧的拉力小于小球的重力时，地面对小球有支持力
【详解】AB、当弹簧的拉力与重力相等时，地面对小球没有弹力，物体受重力和一个弹力，共受2个力作用．故A错误，B正确；
C.当弹簧的拉力小于小球的重力时，地面对小球有支持力，物体受到重力和两个弹力，此时受3个力作用．故C正确
D.小球与弹簧和地面两个物体接触，小球最多受到两个弹力．即最多受3个力的作用．故D错误
故选BC.
8、CD
【解析】A．由图看出，乌龟在t=0时刻出发，而兔子在这时刻之后出发，则乌龟比兔子早出发， A错误；
B．位移时间图像的斜率表示速度，而乌龟的位移时间图象斜率不变，说明速度不变，乌龟做匀速直线运动，B错误；
C．根据物体通过的位移等于纵坐标的变化量，知在0t3时间内，乌龟运动的位移大，C正确；
D．两条图线在t1和t2时刻相交，说明乌龟和兔子分别在t1和t2时刻到达同一位置而相遇，D正确。
故选CD。
9、ABC
【解析】AB．单独看①或者②，图线的斜率，从图中可知图线斜率恒定，即表示对于同一接触面，是一个定值，A正确；
B．比较①②两图线，两图线的斜率不同，而这两个图线是在不同接触面上实验得到的，所以可知对于不同接触面，值不同，B正确；
D．图中红虚线与①②的交点，表示在正压力相同的情况下对应摩擦力的大小，从图中可知在正压力相同时，①的摩擦力大，故①的接触面更粗糙，C正确D错误。

故选ABC。
10、ACD
【解析】二力合成遵循平行四边形定则，同向时合力最大，反向时合力最小，合力范围：|F1+F2|≥F≥|F1-F2|
【详解】二力合成时合力范围：|F1+F2|≥F≥|F1-F2|；两共点力，F1=15N，F2=8N，故合力最大23N，最小7N，之间任意结果都可以；故B错误，ACD正确．故选ACD
【点睛】本题关键是明确二力合成时遵循平行四边形定则，夹角越大，合力越小，同向时合力最大，反向时合力最小
11、AB
【解析】弹簧竖直悬挂物体时，对物体受力分析，根据共点力平衡条件有：F=m g=kL。
物体放在斜面上时，假设物体受斜面的摩擦力方向向上，再次对物体受力分析如图：

根据共点力平衡条件有：F+f-2mgsin30°=0，其中F=kL，
由以上解得：f=0，故A、B正确，C错误；
斜面对木块的作用力即为支持力，方向垂直于斜面向上，选项D错误。
故选AB。
12、AD
【解析】根据牛顿第二定律求出冰壶在减速阶段的加速度大小.采用逆向思维，结合位移时间公式求出匀减速运动的时间，从而得出推冰壶的时间.根据速度位移公式求出匀加速运动的加速度，结合牛顿第二定律求出运动员推冰壶的平均作用力大小.
【详解】A、B、根据牛顿第二定律得，冰壶在减速阶段的加速度大小为：故A正确，B错误；
C、D、采用逆向思维，设减速运动的时间为，则：，解得：，运动员推冰壶的时间为：，
匀减速运动的初速度为：，则推冰壶的平均加速度
根据牛顿第二定律得：，解得：故C错误，D正确；
故选AD.
【点睛】本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的基本运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁.

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.平衡摩擦力 ②.0.1 ③.横轴 ④.A
【解析】（1）实验前要平衡摩擦力，如果不平衡摩擦力，a-F图象在F轴上将有截距；
（2）应用牛顿第二定律求出图象的函数表达式，然后根据图象的函数表达式求出质量与动摩擦因数；
（3）随砝码质量增加，滑块受到的拉力明显小于钩码的重力，图线将向F轴弯曲
【详解】（1）a-F图象在F轴上将有截距，不过原点，所以在实验前需要将轨道右端适当垫高，用来平衡摩擦力；
（2）由牛顿第二定律可知：，得，结合图像，即，解的；
（3）随着所挂砝码数量增加，拉力F越来越大，滑块受到的拉力明显小于砝码的重力，a-F图象中图线不断延伸，后半段将会发生弯曲，图线将向横轴弯曲；
（4）轨道是光滑或粗糙并不会使图像弯曲，设轨道光滑，设钩码的质量为，小车质量为，以小车为研究对象得：，以钩码为研究对象：，联立得：，则加速度，若时，绳子拉力已经近似等于钩码的重力，即，所以实验中，若将钩码全部置于小车内，取用钩码改变细绳拉力时，保持钩码总数一定，即一定，图像就不出现弯曲．故选A
故本题的答案为：（1）平衡摩擦力 （2）0.1 （3）横轴 （4）A
【点睛】探究加速度与力、质量关系要平衡摩擦力，应用牛顿第二定律求出图象的函数表达式是求出滑块质量与动摩擦因数的前提与关键；要理解实验原理，掌握实验注意事项
14、 ①.A ②.B ③.纸带与计时器间有摩擦力
【解析】（1）[1]开关闭合前，重物应靠近计时器，手拿着纸带上端。故A正确，BCD错误；
（2）[2]实验时，应先接通电源，打点计时器正常工作后再放手让重物运动。故B正确，AC错误；
（3）[3]测得加速度只有9.5m/s2小于重力加速度，原因：摩擦力、测量误差、计算误差等原因。
15、 ①.同一 ②.斜槽的末端切线水平 ③.BADC ④.1.5m/s
【解析】(1)[1]让小球从斜槽的同一位置由静止滚下，保证小球平抛运动的初速度相同；
[2]安装好器材，注意让斜槽末端切线水平，保证初速度水平，做平抛运动；
(2)[3]实验过程为，先安装实验装置，然后让小球多次滚下，记下小球穿过卡片孔的一系列位置，然后取下白纸画轨迹，最后根据轨迹求解，故顺序为BADC；
(3)[4]在竖直方向上有：
，
其中：
，
代入求得：
，
水平方向匀速运动，有，其中
，t=T=0.1s，
代入解得：
。

三．计算题(22分)
16、 (1) 13m/s (2) 40m
【解析】（1）汽车在5s末的速度为：
v＝v0+at＝3m/s+2×5m/s＝13m/s。
（2）汽车在5s内的位移大小为：
x＝v0t+at2＝3×5m+×2×25m＝40m。
17、 (1) 2m/s2 (2) 10m/s
【解析】(1)根据牛顿第二定律
F=ma
物体的加速度

(2)物体在t=5.0 s时速度的大小
v=a t=2.0×5m/s=10 m/s