云南省梁河县一中2025-2026学年高一上物理期末统考试题含解析.doc

云南省梁河县一中2025-2026学年高一上物理期末统考试题
注意事项:
1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。
2．答题时请按要求用笔。
3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。
4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。
5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、如图所示，在光滑的水平面上叠放着两木块A、B，质量分别是m1和m2，A、B间的动摩擦因数为μ，若最大静摩擦力等于滑动摩擦力，要是把B从A下面拉出来，则拉力的大小至少满足（ ）

A.
B.
C.
D.
2、如图所示，小球以大小为3m/s的速度v1水平向右运动，碰一墙壁经Δt＝0.01s后以大小为2m/s的速度v2沿同一直线反向弹回，则小球在这0.01s内的平均加速度是（　　）

A.100m/s2，方向向右 B.100m/s2，方向向左
C.500m/s2，方向向左 D.500m/s2，方向向右
3、如图所示，一光滑斜面固定在水平地面上，高度为h．小物块从斜面顶端A处由静止开始下滑，当滑到斜面底端B处时，小物块速度的大小为( )

A. B.gh
C.2gh D.
4、下列关于自由落体运动的叙述中，错误的是：
A.两个质量不等、高度不同但同时自由下落的物体，下落过程中任何时刻的速度、加速度一定相同
B.两个质量不等、高度相同的物体，先后做自由落体运动，通过任一高度处的速度、加速度一定相同
C.物体越重，下落得越快；物体越轻，下落得越慢
D.所有自由落体运动的位移都与下落时间的平方成正比
5、某跳水运动员在3m长的踏板上起跳，通过录像观察到踏板和运动员要经历图示的状态，其中A为无人时踏板静止点，B为人站在踏板上静止时的平衡点，C为人在起跳过程中人和踏板运动的最低点，则（ ）

A.运动员在A点具有最大速度
B.运动员在B处与踏板分离
C.运动员和踏板由C到B的过程中，向上做匀加速运动
D.运动员和踏板由C到A的过程中，运动员先超重后失重
6、如图是物体做直线运动图象，由图可推知，该物体（　　）

A.第1s内和第3s内的运动方向相反
B.第3s内和第4s内的加速度相同
C.第1s内和第3s内的加速度相同
D.0至2s位移小于0至4s的位移
7、我国高铁技术处于世界领先水平，和谐号动车组是由动车和拖车编组而成，提供动力的车厢叫动车，不提供动力的车厢叫拖车．假设动车组各车厢质量均相等，动车的额定功率都相同，动车组在水平直轨道上送行过程中阻力与车重成正比，某列动车组由8节车厢组成其中第1、5节车厢为动车，其余为拖车，则该动车组（ ）

A.启动时乘客受到车厢作用力的方向与车运动的方向相同
B.做匀加速运动时，第5、6节与第6、7节车厢间的作用力大小相同
C.进站时从关闭发动机到停下来滑行的距离与关闭发动机时的速度成正比
D.与改为4节动车带4节拖车的动车组最大速度之比为1:2
8、明代出版的《天工开物》一书中就有牛力齿轮翻车的图画（如图所示），记录了我们祖先的劳动智慧。若A、B两齿轮半径的大小关系为rA>rB，则

A.齿轮A、B的角速度大小相等
B.齿轮A的角速度大小小于齿轮B的角速度大小
C.齿轮A、B边缘的线速度大小相等
D.齿轮A边缘的线速度大小小于齿轮B边缘的线速度大小
9、在下面的物理量和单位中①密度②牛③米/秒④加速度⑤长度⑥质量⑦千克⑧时间（　　）
A.属于国际单位制中的基本量是⑤⑥⑧ B.属于国际单位制中的基本量是⑦
C.属于国际单位的是④⑤⑥ D.属于国际单位的是②③⑦
10、在下面的图象中表示匀速直线运动的有(　　)
A. B.
C. D.
11、如图，物体P静止于固定的斜面上，P的上表面水平。现把物体Q轻轻地叠放在P上，则（）

A.P向下滑动
B.P静止不动
C.P所受的合外力为零
D.P与斜面间的静摩擦力增大
12、如图，直线a和曲线b分别是在平直公路上行驶的汽车a和b的位置一时间（x一t）图线，由图可知

A.在时刻t1，a车追上b车
B.时刻t2，a、b两车运动方向相反
C.在t1到t2这段时间内，b车的速率先减少后增加
D.在t1到t2这段时间内，b车的速率一直比a车大
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、研究性学习小组的同学欲探究小车质量不变时其加速度与力的关系，该小组在实验室设计了一套如图甲所示的装置，图中A为小车，B为电磁打点计时器，C为力传感器（测绳子的拉力），P为小桶（内有砂子），M是一端带有定滑轮的水平放置的足够长的木板，不计绳子与滑轮间的摩擦

(1)要顺利完成该实验，除图中实验仪器和低压交流电源（含导线）外，还需要的实验仪器是____（选填“刻度尺”“天平”或“秒表”）
(2)平衡摩擦力后再按上述方案做实验，_______（选填“需要”或“不需要”）满足小桶和砂子的总质量远小于小车的质量。
(3)该同学按要求组装并调整好实验装置后，打出的一条纸带如图乙所示，打点计时器使用的是50Hz交流电，纸带上相邻两个计数点间还有4个点未画出，但第3个计数点未画出，则小车的加速度a=_______m/s2。（计算结果保留两位有效数）
14、在“探究加速度与合外力、质量的关系”实验中
(1)某同学的实验方案如图1所示，他想用砝码桶的重力表示滑块受到的合外力F，为了减小这种做法而带来的实验误差，他先做了两方面的调整措施：
①用小木块将长木板无滑轮的一端适当垫高，目的是____________；
②使砝码桶及桶内砝码的总质量________滑块和滑块上砝码的总质量（填“远大于”、“远小于”或“近似于”）

(2)另有甲、乙两同学在同一实验室，各取一套图1所示的装置放在水平桌面上，滑块上均不放砝码，在没有进行第①方面的措施、但满足第②方面的要求的情况下，研究加速度 a 与拉力F的关系，分别得到图2中甲、乙两条图线．设甲、乙用的滑块质量分别为 m甲、m乙，甲、乙用的滑块与长木板间的动摩擦因数分别为μ甲、μ乙，由图可知，m甲______m乙， μ甲______μ乙．（均填“>”、“<”或“=”）
15、图为“探究小车的加速度与物体受力的关系”的实验装置图,图中A为小车,质量为连接在小车后面的纸带穿过电磁打点计时器,它们均置于水平放置的一端带有定滑轮的足够长的木板上,B为沙桶和沙,质量为不计绳与滑轮问的摩擦，改变沙的质量,测量多组数据,并在坐标系中作出了如图所示的图像,其中

(1)下列说法正确的是_______.
A.电磁打点计时器正常工作时使用220V的交流电
B.实验时应先接通电源后释放小车
C.平衡摩擦力时,应将沙桶用细绳通过定滑轮系小车上
D.为了减小误差,实验中一定要保证远小于
(2)图b为某次实验得到的纸带，纸带上标出了所选的四个计数点之间的距离，相邻计数点间还有四个打印点没有画出，各点间的距离如图所示，则小车的加速度大小为____(交流电的频率为50Hz，结果保留两位有效数字).
(3)图所示的图像中,图线不过坐标原点的原因是_________________，由图像求出小车的质量为_______(结果保留两位有效数字).
三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示，高为h=1.25m的平台上．覆盖一层薄冰，现有一滑雪爱好者，以一定的初速度v向平台边缘滑去，着地时的速度方向与水平地面的夹角为45°（取重力加速度g=10 m/s2).求:

(1)滑雪者在空中运动的时间
(2)滑雪者离开平台边缘时的速度大小
(3)滑雪者着地点到平台边缘的水平距离
17、（10分）如图所示，沿顺时针转动的传送带AB，长，与水平面的夹角，速度恒为。在传送带底端A处无初速度释放一质量的物体，物体与传送带之间的动摩擦因数。求：

（1）木块放上传送带瞬间的加速度大小；
（2）后物体的速度大小；
（3）物体从A运动到B的时间。
参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、A
【解析】要使把B从A下面拉出来，则B要相对于A滑动，所以AB间是滑动摩擦力．若B加速度比A的加速度大，则能使B从A下面拉出来，根据牛顿第二定律列式即可求解
【详解】要使把B从A下面拉出来，则B要相对于A滑动，所以AB间是滑动摩擦力，
对A有：aA= ＝μg
对B有：aB=
当aB＞aA时，能够把B从A下面拉出来，则有＞μg
解得：F＞μg（m1+m2）
故选：A
2、C
【解析】规定向右为正方向，小球的加速度为

负号表示加速度方向与正方向相反，即向左。
故选C。
3、D
【解析】斜面光滑，支持力不做功，只有重力做功，所以小物块的机械能守恒，故有，解得，D正确．（本题也可以通过动能定理，匀变速直线运动规律求解）
4、C
【解析】A.自由落体运动物体，加速度相同，根据v=gt知，同时下落的物体，任何时刻的速度相同，故A正确不符合题意。
B.根据知，先后自由下落的物体，高度相同，通过任一高度处的速度相同，加速度相同，故B正确不符合题意。
C.因为做的都是自由落体运动，所以物体下落一样快，故C错误符合题意。
D.所有自由落体的位移时间关系为，故D正确不符合题意；
5、D
【解析】考查牛顿第二运动定律，超重与失重。
【详解】A．B为人站在踏板上静止时的平衡点，即人在B处时，加速度为零，速度最大，A错误；
B．运动员在B处时，加速度为0，即踏板对人的作用力等于人的重力，还有作用力，未分离：

随着踏板恢复原状，踏板对人的作用力减小，减速运动的加速度增大，继续在踏板作用下做加速度增大的减速运动，直到A处时，踏板恢复原状，对人没有作用力，开始分离，B错误；
C．运动员和踏板由C到B的过程中，有牛顿第二定律：

随着踏板恢复原状，踏板对人的作用力减小，加速运动的加速度减小，即做加速度减小的加速运动，C错误；
D．运动员和踏板由C到B的过程中，做加速运动，加速度向上，超重，由B到A的过程中，做减速运动，加速度向下，失重，D正确。
故选D。
6、B
【解析】A．在图像中，x轴上方的表示速度方向为正方向，x轴下方的速度方向为负方向，在第1s内和第3s内的速度均在x轴上方，所以运动方向相同，故A错误；
BC．在图像中，加速度为图线切线斜率，在第3s内和第4s内的切线斜率相同，所以加速度相同；在第1s内和第3s内的切线斜率不同，所以加速度不同，故B正确，C错误；
D．在图像中，图线与t轴围成的面积表示运动的位移，由图可知0至2s的位移

0至4s的位移

所以0至2s的位移等于0至4s的位移，故D错误。
故选B。
7、AD
【解析】根据受力分析，结合牛顿第二定律分析车厢之间的作用力；根据动能定理分析从关闭发动机到停下来滑行的距离；当牵引力和阻力的大小相等时，动车的速度达到最大值，由此可以求得将非动力车改为动力车的数量。
【详解】A．设每节动车的功率为P，牵引力为F，每一节车厢的质量是m，阻力为kmg；启动时乘客的加速度的方向与车厢运动的方向是相同的，所以乘客受到车厢作用力的方向与车运动的方向相同，故A正确；
B．做加速运动时，有两节动力车厢，对整个的车进行受力分析得
2F-8kmg=8ma
对6、7、8车厢进行受力分析得
F1-3kmg=3ma
对7、8车厢进行受力分析得
F2-2kmg=2ma
联立可得，故B错误；
C．设进站时从关闭发动机到停下来滑行的距离为s，根据动能定理有
−8kmg•s=0−8×mv2
可得，可知进站时从关闭发动机到停下来滑行的距离与关闭发动机时的速度的平方成正比，故C错误；
D．当只有两节动力车时，最大速率为v，则
2P=8kmg•v
改为4节动车带4节拖车的动车组时

所以，故D正确。
故选AD。
【点睛】机车的速度达到最大时，机车做匀速运动，此时机车处于受力平衡状态，即此时的牵引力和受到的阻力的大小相等，再根据瞬时功率的公式即可解答本题。
8、BC
【解析】A、B两轮边缘通过齿轮传动，线速度大小相等，且rA>rB，由

可知齿轮A的角速度大小小于齿轮B的角速度大小，BC正确。
故选BC。
9、AD
【解析】长度、质量和时间是国际单位制中的基本量，属于国际单位制单位的有牛顿、米秒、千克，故AD正确，BC错误。
故选AD。
10、ABD
【解析】根据s-t图象的斜率表示速度，知ABD图均表示物体的速度不变，做匀速直线运动；C图表示物体处于静止状态，故ABD正确，C错误；故选ABD
11、BCD
【解析】AB.对P进行受力分析，受重力、支持力、静摩擦力，根据平衡条件，有
N=Mgcosθ
f=Mgsinθ

得：

由于物体Q轻轻地叠放在P上，相当于增大物体P重力，则P静止不动，故A错误，B正确；
C.物体P保持静止，合力为零，故C正确；
D.由于物体Q轻轻地叠放在P上，相当于增大物体P重力，则P与斜面间的静摩擦力增大，故D正确。
12、BC
【解析】由x—t图象可知，在0-t1时间内，b追a，t1时刻相遇，所以A错误；在时刻t2，b的斜率为负，则b的速度与x方向相反，所以B正确；b图象在最高点的斜率为零，所以速度为零，故b的速度先减小为零，再反向增大，所以C正确，D错误

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 (1).刻度尺 (2).不需要 (3).0.70
【解析】(1)[1]根据实验所要进行的测量可知，本实验中除实验仪器和低压交流电源（含导线）外，还需要毫米刻度尺，打点计时器能计时，不需要秒表，探究小车质量不变其加速度与力的关系，不用测小车的质量，力可以通过力传感器来测量，故不需要天平。
(2)[2]根据上述方案做实验，通过弹簧测力计可测量出拉小车的力，因此不需要沙桶和沙的总质量远小于车的质量
(3)[3]由于每相邻的两个记数点间还有4个点没有画出，所以相邻的计数点间的时间间隔为

根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得

解得

14、 ①.平衡摩擦力 ②.远小于 ③.< ④.>
【解析】在实验中，为了减少这种做法而带来的实验误差，一要排除摩擦力的影响，二要砂桶的重力接近小车所受的合力．a-F图象的斜率表示加速度的倒数；求解出加速度与拉力F的表达式后结合图象分析得到动摩擦因素情况
（1）①用小木块将长木板无滑轮的一端垫高，使得重力沿斜面方向的分力等于摩擦力，目的是平衡摩擦力
②对整体运用牛顿第二定律得，，则小车的合力，当砝码桶及桶内砝码的总质量远小于滑块和滑块上砝码的总质量，滑块和滑块上砝码所受的拉力等于砝码桶及桶内砝码的总的重力
（2）当没有平衡摩擦力时有，故，即图线斜率为，纵轴截距的大小为μg．观察图线可知，
15、 ①.BD ②.4.0m/s2 ③.没有平衡摩擦力或者平衡摩擦力不够 ④.1.0kg
【解析】根据实验的原理对各个选项进行判断；根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2求解加速度，如果没有平衡摩擦力的话，就会出现当有拉力时，物体不动的情况
【详解】（1）电磁打点计时器正常工作时使用4-6V的交流电，选项A错误；实验时应先接通电源后释放小车，选项B正确；平衡摩擦力时应不挂沙桶，只让小车拖着纸带在木板上匀速运动，选项C错误；为了减小误差，实验中一定要保证m2远小于m1，这样才能认为砂桶的重力等于小车的拉力，选项D正确；故选BD.
（2）由纸带可知T=0.1s，，则加速度
（3）图c所示的a-F图像中，当F=0.1N时才开始有加速度，可知图线不过坐标原点的原因是没有平衡摩擦力或者平衡摩擦力不够；根据牛顿第二定律，则，解得m1=1.0kg

三．计算题(22分)
16、 (1)0.5s (2) 5.0m/s (3) 2.5m
【解析】(1)滑雪者离开平台后做平抛运动，由h=gt2得：

(2)着地时竖直分速度为
vy=gt=5.0m/s
由于着地时的速度方向与水平地面的夹角为45°，所以水平速度和竖直速度的大小相等，则
v0=vy=5.0m/s
即滑雪者离开平台边缘时的速度大小为5.0m/s；
(3)滑雪者着地点到平台边缘的水平距离是
x=v0t=5×05m=2.5m
17、（1）0.4m/s2；（2）2m/s；（3）6s
【解析】（1） 根据牛顿第二定律有

 代入数据可以求得

（2）加速到相对传送带静止的时间

所以5s后随传送带一起匀速运动，速度为。
（3）加速运动的位移

匀速运动的位移

匀速运动的时间

可以求得