天津市四合庄中学2026届高一上物理期末学业质量监测试题含解析.doc

天津市四合庄中学2026届高一上物理期末学业质量监测试题
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。
2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。
3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。
4．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、如图所示，某宾馆大楼中的电梯下方固定有4根相同的竖直弹簧，其劲度系数均为k ．这是为了防止电梯在空中因缆绳断裂而造成生命危险．若缆绳断裂后，总质量为m的电梯下坠，4根弹簧同时着地而开始缓冲，电梯坠到最低点时加速度大小为 5g（g为重力加速度大小），下列说法正确的是

A.电梯坠到最低点时，每根弹簧的压缩长度为
B.电梯坠到最低点时，每根弹簧的压缩长度为
C.从弹簧着地开始至电梯下落到最低点的过程中，电梯先处于失重状态后处于超重状态
D.从弹簧着地开始至电梯下落到最低点的过程中，电梯始终处于失重状态
2、下列关于直线运动的说法中，正确的有
A.速度在减小，位移一定在减小
B.加速度大小增大，速度一定在增大
C.速度变化量越大，加速度一定越大
D.加速度跟速度方向相同时，即使加速度减小，速度也一定增大
3、一名宇航员在某星球上完成自由落体运动实验，让一个质量为2kg的小球从一定的高度自由下落，测得在第5s内的位移是18m，则（　　）
A.物体在2s末的速度是20m/s
B.物体在第5s内的平均速度是3.6m/s
C.物体在5s内的位移是50m
D.物体在第2s内的位移是20m
4、马拉车在水平路面由静止开始运动，下面说法中正确的是
A.因为马拉车，所以车拉马，这是一对作用力和反作用力
B.马拉车的力先产生，车拉马的力后产生
C.马拉车前进是因为马拉车的力大于车拉马的力
D.匀速直线前进时，马拉车的力等于车向后拉马的力，加速前进时，马拉车的力大
5、一物体以6m/s的速度沿一光滑倾斜木板从底端向上滑行，经过2s，物体仍向上滑行，速度大小为1m/s，若增大木板倾角，仍使物体以6m/s的速度从底端向上滑行，经过2s，物体向下滑行，其速度大小变为1m/s．以沿木板向上为正方向，用a1、a2分别表示物体在前后两种情况下的加速度，则以下选项正确的是（ ）
A.a1=﹣2.5m/s2，a2=﹣2.5m/s2
B.a1=﹣3.5m/s2，a2=﹣3.5m/s2
C.a1=﹣2.5m/s2，a2=﹣3.5m/s2
D.a1=3.5m/s2，a2=﹣3.5m/s2
6、如图，用硬铁丝弯成的光滑半圆环竖直放置，直径竖直，O为圆心，最高点B处固定一光滑轻质滑轮，质量为m的小环A穿在半圆环上．现用细线一端拴在A上，另一端跨过滑轮用力F拉动，使A缓慢向上移动．小环A及滑轮B大小不计，在移动过程中，关于拉力F以及半圆环对A的弹力N的说法正确的是（　　）

A.F逐渐增大 B.N的方向始终指向圆心O
C.N逐渐变小 D.N大小不变
7、将重为50N的物体放在某直升电梯的地板上，该电梯在经过某一楼层地面前后运动过程中，物体受到电梯地板的支持力随时间变化的图像如图所示，由此可以判断（　　）

A.t=1s时刻电梯的加速度方向竖直向上
B.t=6s时刻电梯的加速度为零
C.t=8s时刻电梯处于失重状态
D.t=11s时刻电梯的加速度方向竖直向下
8、关于匀变速直线运动，下列说法中正确的是( )
A.匀变速直线运动的加速度是恒定的，不随时间而改变
B.匀变速直线运动的速度－时间图象是一条倾斜的直线
C.速度不断随时间增加的运动，叫做匀加速直线运动
D.匀加速直线运动中，加速度一定为正值
9、如图所示，物体在水平力F作用下静止在斜面上，若稍增大水平力F，而物体仍能保持静止（斜面也仍能静止），则下列说法正确的是（ ）

A.斜面对物体的静摩擦力可能减小，支持力一定增大
B.斜面对物体的静摩擦力可能增大，支持力一定增大
C.F增大前，斜面底部受到地面的摩擦力为F，方向水平向右
D.F增大前，斜面底部受到地面的摩擦力为F，方向水平向左
10、如图所示，在倾角为α的斜面上，放一质量为m的小球，小球和斜坡及挡板间均无摩擦，当挡板绕O点逆时针缓慢地转向水平位置的过程中，则有（　　）

A.斜面对球的支持力逐渐增大
B.斜面对球的支持力逐渐减小
C.挡板对小球的弹力先减小后增大
D.挡板对小球的弹力先增大后减小
11、在竖直向下的匀强磁场中，将一水平放置的金属棒PQ以初速度v0水平抛出，如图所示。棒在运动过程中始终保持水平，空气阻力不计，那么下列说法中正确的是（　　）

A.PQ棒两端的电势一定满足
B.PQ棒中的感应电动势越来越大
C.PQ棒中的感应电动势越来越小
D.PQ棒中的感应电动势保持不变
12、如图所示，质量为M足够长的斜面体始终静止在水平地面上，有一个质量为m的小物块在受到沿斜面向下的力F的作用下，沿斜面匀加速下滑，此过程中斜面体与地面的摩擦力为零．已知重力加速度为g，则下列说法正确的是

A.斜面体给小物块的作用力大小等于mg
B.斜面体对地面的压力小于（m+M）g
C.在加速下滑过程中若将力F的方向突然改为竖直向下，小物块仍做加速运动
D.在加速下滑过程中若将力F撤掉，小物块将匀速下滑
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、在光滑墙壁上用网兜把足球挂在A点，足球与墙壁的接触点为B．足球所受重力为G，悬绳与墙壁的夹角为α，网兜的质量不计，则悬绳对球的拉力大小为_______；若缩短网兜上的悬绳，球仍然保持静止，则球对墙壁的压力将___________（填“增大”或“减小”）

14、用如图所示装置探究加速度与力、质量的关系。将小车置于水平木板上，通过滑轮与槽码相连。小车可以在槽码的牵引下运动

（1）为达到实验目的，下列说法正确的是（ ）
A.用天平测物体的质量
B.探究的是槽码的加速度与力、质量的关系
C.同时研究某个物理量和另外两个物理量的关系，可采用控制变量的方法
（2）为了测出物体运动的加速度的值，同学们还提出了以下三种方案，其中可行的是_____.
A.小车做初速度为0匀加速直线运动，用刻度尺测量其移动的位移，用秒表测出发生这段位移所用的时间t，由计算出加速度
B.将打点计时器的纸带连在小车上，通过纸带上打出的点来测量加速度
C.让两辆相同的小车同时做初速度为0且加速度不同的匀加速直线运动，并同时停下，那么它们的位移之比就等于加速度之比，测量加速度就转换为测量位移了
（3）在此实验中，通过测力计用手直接给小车施加一个恒力是否可行？并分析原因______.
15、细线一端系住质量为1kg的小球，另一端与斜面相连，细线与斜面平行，斜面倾角为=53°，如图所示．使小球和斜面以共同的加速度向右作匀加速直线运动，当小球恰好离开斜面时，它们的加速度大小为_________m/s2，此时绳子的拉力大小为_________N．（g=10m/s2，cos53°=0.6，sin53°=0.8）

三．计算题(22分)
16、（12分）如图，位于水平地面上的木块质量为M＝20kg．受到大小为F＝100N、方向与水平方向成a＝53°角的拉力作用后由静止开始水平向右做匀加速直线运动．若木块与地面之间的动摩擦因数为μ＝0.2，求：

（1）画出木块的受力示意图，求木块对地面的压力？
（2）木块的加速度多大？
（3）拉力作用下木块在前5s内的位移多大？
17、（10分）如图所示，质量为60kg的跳台滑雪运动员经过一段半径为40m的圆弧加速滑行后从O点水平飞出（O点正好在圆弧对应圆心的正下方），经3.0s落到斜坡上的A点已知O点是斜坡的起点，斜坡与水平面的夹角θ＝37°，不计空气阻力（取sin37°＝0.60，cos37°＝0.80；g取10m/s2求
（1）A点与O点的高度差h和AO距离L；
（2）运动员刚要离开0点时的速度大小及对O点的压力。
（3）运动员落到A点时速度的大小和方向。

参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、C
【解析】AB．在最低点时，由牛顿第二定律

其中
a=5g
解得

故AB错误；
CD．从弹簧着地开始至电梯下落到最低点的过程中，重力先大于弹力，电梯向下先加速运动，当重力小于弹力时，电梯的加速度向上，电梯向下做减速运动，则电梯先处于失重状态后处于超重状态，选项C正确，D错误。
故选C。
2、D
【解析】A、速度在减小，位移可能在增加，比如匀减速直线运动，故A错误。
B、加速度增大，速度不一定增大，若加速度方向与速度方向相反时，加速度增大，速度仍然减小，故B错误。
C、根据加速度的定义式知，速度变化量大，加速度不一定大，还有时间有关，故C错误。
D、当加速度方向与速度方向相同时，加速度在减小，速度仍然增大，故D正确。
故选D。
3、C
【解析】设星球的重力加速度为g，由自由下落在第5s内的位移是18m，可得

解得

A．物体在2s末的速度是

故A错误；
B．由于物体在第5s内的位移是18m，第5s内的时间为1s，故第5s内的平均速度是18m/s，故B错误；
C．物体在5s内的位移是

故C正确；
D．物体在第2s内的位移为前2s内的位移减去前1s内的位移，即

故D错误。
故选C。
4、A
【解析】A．因为马拉车，所以车拉马，这是一对作用力与反作用力，故A正确；
B．作用力与反作用力同时产生，同时消失，故B错误；
C．马拉车时，车能前进是因为马拉车的力大于车所受的阻力，马拉车的力与车拉马的力是一对作用力与反作用力，大小相等，故C错误；
D．马拉车的力与车拉马的力是一对作用力与反作用力，大小相等，故D错误。
5、C
【解析】先沿倾斜木板向上为正方向，则初速度，木板倾角增大前后，物体在2s末的速度分别为：．根据加速度的定义式可得：，，故C正确
考点：考查了加速度的计算
6、D
【解析】在物块缓慢向上移动的过程中，小圆环A处于三力平衡状态，根据平衡条件知mg与N的合力与T等大反向共线，作出mg与N的合力，如图，由三角形相似得：①
A、F＝T，由①可得：，AB变小，BO不变，则F变小；故A错误；
BCD、由①可得：，AO、BO都不变，则N不变，方向始终背离圆心；故D正确，BC错误；

7、ABD
【解析】在0-2s内重物处于超重状态，在2-10s内电梯做匀速直线运动，从10s到12s失重。由运动学公式分析三个速度的大小和方向。
【详解】A．在0-2s内重物处于超重状态，t=1s时刻电梯的加速度方向竖直向上，A正确；
BC．在2-10s内电梯做匀速直线运动或静止状态，加速度为零，B正确，C错误；
D．从10s到12s失重，t=11s时刻电梯的加速度方向竖直向下。故D正确。
故选ABD。
8、AB
【解析】A．匀变速直线运动的加速度是大小恒定的，方向不变，故A正确；
B．匀变速直线运动的速度-时间图象是一条倾斜的直线，故B正确；
C．速度随时间均匀增加的运动，才叫匀加速直线运动；故C错误；
D．匀加速直线运动，加速度方向与速度方向相同，但加速度方向可以为负；故D错误
9、ABD
【解析】AB.物体在水平力F作用下静止在斜面上，斜面对物体的静摩擦力方向可能沿斜面向上，也可能沿斜面向下，所以稍微增大水平力F，斜面对物体的静摩擦力可能增大，也可能减小，甚至可能大小不变（大小不变，方向改变）；斜面对物体的支持力
FN=mgcosθ+Fsinθ
稍增大水平力F，则支持力一定增大，故AB正确；
CD.由整体分析可知，F增大前，斜面底部相对地面有向右运动的趋势，所以斜面底部受到地面的摩擦力为F，方向水平向左，故C错误，D正确。
10、BC
【解析】如图对小球进行受力分析

是挡板对球的支持力，和球对挡板的压力是一对作用力和反作用力，等大反向，是斜面对球的支持力，和球对斜面的压力是一对作用力和反作用力，等大反向，由图可知，缓慢转动挡板至与斜面垂直过程中，先减小后增大，一直减小，BC正确，AD错误。
故选BC。
【点睛】中等难度．本题通过画出受力分析图就可以看出动态变化过程，各力大小变化一目了然
11、AD
【解析】A．根据导体切割磁感线的电动势：

式中要求、、三者两两垂直，所以导体棒平抛运动过程中，切割磁感线的速度为水平初速度，根据右手定则可知四指所指方向为高电势位置，即，A正确；
BCD．导体棒在水平方向上做匀速直线运动，所以切割磁感线的速度恒定，所以电动势恒定，BC错误，D正确。
故选AD。
12、AD
【解析】因斜面体与地面的摩擦力为0，可知物体m对斜面体的作用力为竖直向下，可知斜面体给小物块的作用力为竖直向上，大小等于mg，选项A 正确；对斜面体而言，受力分析可知，因物体m对斜面体的作用力为竖直向下大小为mg，则斜面体对地面的压力等于（m+M）g，选项B错误；若将力F的方向突然改为竖直向下，则物体对斜面的正压力变大，摩擦力变大，力F沿斜面方向的分力变小，故小物块不一定做加速运动，选项C错误；若将力F撤掉，则小物块对斜面的压力不变，摩擦力不变，物体对斜面的正压力不变，故斜面体对小物块的作用力仍然竖直向上，大小等于mg，故小物块仍将匀速下滑，选项D正确；故选AD
考点：牛顿定律应用
【名师点睛】此题考查了对不同研究对象进行受力分析，掌握力的合成与分解的方法，理解地面与斜面无摩擦力的本质

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①. ②.增大
【解析】[1]．对球进行力分析，如图：

根据平衡条件拉力

[2]．若缩短网兜上的悬绳，悬绳与墙面夹角增大，由平衡可知

所以墙面对球的支持力增大，根据牛顿第三定律可知，球对墙壁的压力将增大
14、 ①.AC ②.BC ③.不行
【解析】（1）[1] A.由于本实验是探究小车的加速度与质量、力的关系，必须改变小车的质量，所以要用天平测量小车的质量，故A正确，B错误；
C.同时研究某个物理量和另外两个物理量的关系，可采用控制变量的方法，故C正确；
故选AC。
（2）[2] A.利用公式求解加速度，用刻度尺测量其移动的位移，由于存在打点计时器可以用其记录时间，不用秒表记录时间，秒表记录时间误差较大，故A不可行；
B.将打点计时器的纸带连在小车上，通过纸带上打出的点来测量利用求解加速度，故B可行；
C.让两辆相同的小车同时做初速度为0且加速度不同的匀加速直线运动，并同时停下，那么根据可知它们的位移之比就等于加速度之比，测量加速度就转换为测量位移了，故C可行；
故选BC。
（3）[3]不行，在质量一定的情况下，找合力F与加速度a的关系，要多次改变力F，通过纸带求出多个加速度a，然后做的图像，从而找出加速度与合力的关系，仅仅用手施加一个恒力则无法找到这个关系，故不行。
15、5 m/s2，12.5N；
【解析】对小球受力分析，沿x、y方向分别正交分解，列方程可求解；求出斜面对小球支持力刚好等于0时的水平向右的加速度临界状态，结合小球受力分析列方程可求解
【详解】当斜面的支持力恰好为零，小球受重力和拉力两个力作用
根据牛顿第二定律得：mgcotα=ma
解得：
由竖直方向平衡得：
解得：
【点睛】本题考查临界问题的分析，要注意明确两种情况下小球均还在斜面上，故绳的夹角不变；注意根据几何关系求合力的方法

三．计算题(22分)
16、（1）120N；（2）1.8m/s2；（3）22.5m
【解析】(1)受力如图

竖直方向FN+Fsin530-mg=0,得FN =120N,
根据牛顿第三定律可知木块对地面的压力大小为120N，方向竖直向下
(2)根据牛顿第二定律，水平方向Fcos530-μFN =ma得a=1.8m/s2；
(3)
17、（1）h=45m， L=75m；（2）运动员刚要离开O点时的速度大小为20m/s，对O点的压力为1200N；（3）运动员落到A点时速度的大小为m/s，与水平方向夹角为α，其中tanα＝1.5。
【解析】解：（1）当落到A位置时，

根据几何关系可知，

（2）平抛运动的水平位移

刚离开O点的速度

在O点时，根据向心力公式可知，

代入数据解得N＝1200N，根据牛顿第三定律可知，运动员对O点的压力大小为1200N，方向竖直向下。
（3）运动员运动到A点的竖直速度

A点速度

设速度与水平方向的夹角为α，则