2026届天津市耀华中学高一物理第一学期期末检测模拟试题含解析.doc

2026届天津市耀华中学高一物理第一学期期末检测模拟试题
注意事项
1．考生要认真填写考场号和座位序号。
2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。
3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、如图所示，小明同学站在电梯中的体重计上，随电梯一起运动．下列各种情境中，体重计示数最大的是（　　）

A 电梯匀速上升
B.电梯加速上升
C.电梯减速上升
D.电梯加速下降
2、手提电脑散热底座一般设置有四个卡位用来调节角度．如图甲所示，某同学将电脑放在散热底座上，为了获得更好的舒适度，由原卡位4调至卡位1增大倾角如图乙，电脑始终处于静止状态，则　　

A.电脑受到4个力作用
B.电脑受到的合力变大
C.散热器对电脑的作用力方向竖直向上
D.电脑受到的重力和支持力的合力变小
3、如图所示，物体在恒定拉力F的作用下沿水平面做匀速直线运动，运动速度为 v，拉力F 斜向上与水平面夹角为 30°，则地面对物体的摩擦力大小为

A.F B.Fcos30°
C.Fsin30° D.
4、如图所示为火箭由地面竖直向上发射的速度图象，由图象知以下判断错误的是(　　)

A.0～ta段火箭的加速度小于ta～tb段火箭的加速度
B.0～ta段火箭上升，在ta～tb段火箭下落
C.tb时刻火箭速度最大，然后tb～tc时段火箭速度减小
D.tc时刻火箭上升到最大高度
5、如图所示，物块、叠放在粗糙的水平桌面上，水平外力作用在上，使、一起沿水平桌面向右加速运动．设、之间的摩擦力为，与水平桌面间的摩擦力为．若水平外力逐渐增大，但、仍保持相对静止，则摩擦力和的大小（ ）

A.不变、变大
B.变大、不变
C.和都变大
D.和都不变
6、如图，质量为m的小球用轻质细线拴住放在足够长的光滑斜面上，倾角的斜面体置于光滑水平面上，用水平力推动斜面体，使小球沿斜面级慢升高，至绳与斜面平行的过程中，绳上的最小力为

A. B.
C. D.
7、运动员把冰壶沿水平冰面投出，让冰壶在冰面上自由滑行，在不与其他冰壶碰撞的情况下，最终停在远处的某个位置。如图所示，设它经过A、B、C三点，到O点速度为零，已知A、B、C三点到O点的距离分别为s1、s2、s3，时间分别为t1、t2、t3。下列结论正确的是（冰壶和冰面的动摩擦因数保持不变，g取10m/s2）（　　）

A.
B.
C.由题中所给条件可以求出冰壶经过A、B、C三点的速率
D.由题中所给条件可以求出冰壶与冰面的动摩擦因数
8、质量为m的物体在水平拉力F作用下，沿粗糙水平面做匀加速直线运动，加速度大小为a．当水平拉力由F变为2F时，物体做加速度大小为a′的匀加速直线运动，则关于a′的大小，可能为：（　　）

A.a′＝2a B.a′＝1.5a
C.a′＝2.2a D.a′＝2.5a
9、如图所示，光滑的水平地面上，可视为质点的两滑块A、B在水平外力作用下紧靠在一起压紧弹簧，弹簧左端固定在墙壁上，此时弹簧的压缩量为，以两滑块此时的位置为坐标原点建立如图所示的一维坐标系，某时刻仅将外力突然反向并使B向右做匀加速运动，已知A、B质量关系为，下列关于外力F、两滑块间弹力与滑块B的位移变化的关系图象正确的是（　　）

A. B.
C. D.
10、匀速转动的长传送带倾斜放置，传动方向如图所示，在顶部静止放上一物块，在物块下滑过程中，规定沿传送带向下为正，下列描述物块运动过程中的v－t、a－t图象，可能正确的是(　　)

A. B.
C. D.
11、下列说法中不正确的是
A.大小分别为7N和9N的两个力的合力不可能为3N
B.静止放在水平桌面上的物体对桌面的压力就是该物体的重力
C.乒乓球可以快速抽杀，是因为乒乓球的惯性小的缘故
D.滑动摩擦力的方向总是和物体的运动方向相反
12、如图所示，某弹簧悬挂一质量为的物块1处于静止状态，现在物块下面通过细绳又拴接质量为物块2，稳定后弹簧伸长了，现将连接下面物块的细绳剪断，取，下列说法正确的是

A.弹簧劲度系数为
B.弹簧劲度系数为
C.剪断细绳的瞬间，物块1的加速度为
D.剪断细绳的瞬间，物块1的加速度为
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、①某同学用如图所示装置做“验证牛顿第二定律”的实验，若他在图示状态下开始做实验，请指出图中的主要错误是（至少写两项）：_________________、______________________

②若他更正了图中的所有错误后，他以下的做法和理由正确的是________；
A.使砂桶的质量m远小于小车总质量M，是为了减小系统误差
B.平衡摩擦力是为了减小偶然误差
C.采用描点画图象的方法处理数据，是为了减少系统误差
D.采用逐差法处理数据，为了减少偶然误差
③他在实验中得到如图所示纸带，纸带上的计数点用A、B、C、D、E表示．根据图上数据，小车经过B点时的速度是___________m/s．（相邻计数点间的时间间隔为0.1s）

14、如图所示，质量为m的物体A静止在地面上，其上表面竖直连接着一根长L、劲度系数为k的轻弹簧，现用手拉着弹簧上端P将物体缓慢提高h，则物体的重力势能增加了______，人对弹簧拉力所做的功______物体克服重力所做的功（填“大于”“小于”或“等于”）.若弹簧的上端P点升高了H，物体恰已离开地面，则物体的重力势能增加了_____；人对弹簧拉力所做的功_______mgH（填“大于”“小于”或“等于”）.

15、（1）在做“探究力的平行四边形定则”实验时，橡皮条的一端固定在木板上，用两个弹簧测力计把橡皮条的另一端拉到某一确定的O点，以下操作中正确的是_______
A．同一次实验中，O点位置允许变动
B．实验中，要记录弹簧测力计的读数及方向和O点的位置
C．实验中，只需把橡皮条的另一端拉到O点时，两个弹簧测力计之间的夹角必须取90度
D．实验中，要始终将其中一个弹簧测力计沿某一方向拉到最大量程，然后调节另一弹簧测力计拉力的大小和方向，把橡皮条另一端拉到O点
（2）如图所示，是甲、乙两位同学在做本实验时得到结果，其中F是用作图法得到的合力，F′是通过实验测得的合力，则哪个实验结果是符合实验事实的？_________（填“甲”或“乙”）

（3）本实验采用的科学方法是：______
A．理想实验法 B．等效替代法 C．控制变量法 D．建立物理模型法
三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示，传送带与水平方向的倾角，在电动机的带动下以v=4m/s的速率顺时针方向运行，在传送带的B端有一离传送带很近的挡板P可将传送带上的物块挡住，在传送带的A端无初速地释放一质量m=1kg的物块，它与传送带间的动摩擦因数，AB间的长度L=9m，物块与挡板的碰撞能量损失不计，即碰撞后物块的速度大小不变，物块与挡板的碰撞时间极短．g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：
（1）物体刚放上传送带时的加速度是多大；
（2）从物块与挡板P第一次碰撞后，物块再次上升到最高点（最高点还未达到A点）所需要的时间？

17、（10分）用同种材料制成倾角为30°斜面和长水平面，斜面长2.4 m且固定，一小物块从斜面顶端以沿斜面向下的初速度v0开始自由下滑，当v0＝2 m/s时，经过0.8 s后小物块停在斜面上．如图甲所示，多次改变v0的大小，记录下小物块开始运动到最终停下的时间t，作出t－v0图象，如图乙所示，求：

(1)小物块与该种材料间的动摩擦因数为多少？
(2)某同学认为，若小物块初速度为4 m/s，则根据图像中t与v0成正比推导，可知小物块运动时间为1.6 s．以上说法是否正确？若不正确，说明理由并解出你认为正确的结果
参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、B
【解析】体重计的示数即为人对体重计的压力，由牛顿第三定律可知人对体重计的压力大小等于体重计对人的支持力。当电梯匀速上升时，人随电梯一起匀速上升，受力平衡，体重计对人的支持力等于人的重力；当电梯加速上升时，人随电梯一起加速上升，加速度向上，由牛顿第二定律可知，体重计对人的支持力大于人的重力；当电梯减速上升或加速下降时，加速度向下，同理可知体重计对人的支持力小于人的重力；综上所诉电梯加速上升时体重计示数最大.故选B.
2、C
【解析】笔记本电脑受重力、支持力和静摩擦力三个力的作用，电脑处于平衡状态，合力始终为零；故AB错误；受力分析，如图所示：散热底座对电脑的作用力的合力是支持力和静摩擦力的合力，与重力平衡，可知散热器对电脑的作用力方向竖直向上．故C正确；

根据平衡条件，有：N=mgcosθ；f=mgsinθ；由原卡位4调至卡位1，角度增大，则静摩擦力增大，根据三力平衡特点可知，重力和支持力的合力变大．故D错误；故选C
3、B
【解析】详解】物体匀速运动，处于平衡状态，则水平方向：f=Fcos30°.
A．F，与结论不相符，选项A错误；
B．Fcos30°，与结论相符，选项B正确；
C．Fsin30°，与结论不相符，选项C错误；
D．，与结论不相符，选项D错误；
4、B
【解析】在v-t图象中，图线斜率的大小表示加速度的大小，由图可知：ab段的斜率大于oa段斜率所以0～ta段火箭的加速度小于ta～tb段火箭的加速度，故A说法正确；由于ab段的速度和oa段速度都是正的，故物体的运动方向未变，即始终向上运动，故B说法错误；tb时刻火箭速度最大，然后tb～tc时段火箭速度减小做匀减速运动，故C说法正确；0～tc时间内火箭的速度方向始终竖直向上，故tc时刻火箭到达最高点．故D说法正确．所以选B
5、B
【解析】水平外力F逐渐增大，A、B都保持相对静止，加速度相同，根据牛顿第二定律分别以A和整体为研究对象，分析摩擦力f1和f2的大小变化情况
【详解】根据牛顿第二定律得：对A物体：f1=mAa，对整体：F-f2=（mA+mB）a；可见当F增大时，加速度a增大，f1变大．而f2=μ（mA+mB）g，μ、mA、mB都不变，则f2不变．故选B
【点睛】本题运用整体法和隔离法结合研究连接体问题，加速度相同是这类问题的特点，要灵活选择研究对象
6、A
【解析】
斜面体向左缓慢移动过程中小球受力情况如上图所示。小球受重力、斜面对小球的支持力的方向不变。当绳与斜面平行时，即F1与F2垂直时，绳上的力最小，为：

故A正确，BCD错误。
故选A。
7、BCD
【解析】AB．冰壶运动逆过程是初速度为零的匀加速直线运动，则有：

a相等，则得：

故A错误，B正确。
C．从O到A的过程，有：

解得：

同理，可以求出冰壶经过B、C两点的速率，故C正确。
D．从O到A的过程，由：

解得加速度大小为：

由牛顿第二定律得：

得：

可知能求出冰壶与冰面的动摩擦因数，故D正确。
8、CD
【解析】物体在水平拉力作用下做匀加速直线运动，水平方向受到拉力和滑动摩擦力，当拉力增大时，滑动摩擦力不变．根据牛顿第二定律分别对两种情况研究，确定a′的范围
【详解】设滑动摩擦力大小为f．则根据牛顿第二定律可得，当受到向左的水平拉力F时：F-f=ma，当受到向左的水平拉力2F时：2F-f=ma′，联立可得：即a′＞2a，故CD正确，AB错误
【点睛】本题主要考查了牛顿第二定律的应用，属于基础题
9、BD
【解析】当A、B分离时A仍有加速度，所以弹簧不可能处于原长。开始时外力大小

某时刻仅将外力突然反向并使B向右做匀加速运动，A、B分离前，对A、B整体根据牛顿第二定律有

当时，解得

对A有

联立解得

当时，可得

此时A、B分离，此后拉力F保持不变，故AC错误，BD正确。
故选BD。
10、AC
【解析】物块静止放到传送带后，受到重力、支持力、沿斜面向下的滑动摩擦力，做匀加速运动，速度均匀增大，由v=at知，v与t成正比．当速度等于传送带速度时，重力的下滑分力可能小于或等于最大静摩擦力，则物块将与传送带一起匀速向下运动，也可能重力的下滑分力大于最大静摩擦力，物块继续匀加速．开始阶段的匀加速过程中，由牛顿第二定律得：μmgcosθ+mgsinθ=ma，得a=μgcosθ+gsinθ，第二个匀加速过程中，由牛顿第二定律得：mgsinθ-μmgcosθ=ma′，解得： a′=gsinθ-μgcosθ，可知，a′＜a，故AC正确，BD错误
11、ABD
【解析】A.当夹角为零时合力最大，最大值为9N+7N=16N；当夹角180°时合力最小，最小值为9N-7N=2N；故合力介于2N至16N之间，可知7N和9N的两个力的合力可能为3N，故A错误；
B.将一物体放在水平桌面上，物体对桌面的压力大小等于物体的重力，但压力与重力的性质、施力物体和受力物体都不同，所以不能说“压力就是物体的重力”，故B错误；
C.乒乓球质量小，惯性小，所以容易改变其运动状态，故C正确；
D.滑动摩擦力的方向，总是和物体相对运动的方向相反，也可能与运动方向相同，故D错误
12、BC
【解析】AB．取物块2为研究对象，物块2静止由平衡关系可得

代入数值可得，故B正确，A错误；
CD．取物块1、2整体为研究对象，设剪断细绳前弹簧的拉力为F，由平衡关系可得

剪断细绳的瞬间，弹簧弹力不变，设物块1的加速度为，由牛顿第二定律可得

代入数值可得
剪断细绳的瞬间，物块1的加速度为，故C正确，D错误。

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.拉小车的线与木板平行、不能用电池做电源 ②.小车离打点计时器太远、没有平衡摩擦力 ③.AD ④.0.60
【解析】①牵引小车的细线与板不平行、错用了直流电源（或应该用交流电）；
开始实验时，小车离滑轮太近（或小车离打点计时器太远）、长木板右端未垫高以平衡摩擦力（或没有平衡摩擦力）；
②A、本实验中采用砂桶带动小车的运动，在数据的处理中，利用砂桶的重力提供小车的拉力，因桶本身有加速度，故应减小桶的本身合力，故应使砂桶的质量远小于车的质量，故A正确；
B、平衡摩擦力是为减少系统误差，让绳子的拉力等于小车受到的合力，故B错误；
C、采用描点画图象的方法或采用逐差法处理数据，都是为了减少偶然误差，故C错误，D正确；
③根据匀变速运动规律，用AC段位移的平均速度代替B点的瞬时速度得：

14、 ①.mgh ②.大于 ③. ④.小于
【解析】过程中重力做负功，为，根据功能关系可知重力势能增加了mgh，因为是缓慢提高，动能不变，弹力做正功，根据动能定理可得，即，故拉力做功大于克服重力做功，物体好离开地面时，受到的弹力和重力平衡，即，解得，上升的距离为，故重力势能增加了，拉力做的功等于克服重力做功以及弹簧弹性势能增加量之和，即
15、 ①.B ②.甲 ③.B
【解析】本题考查力的平行四边形定则的探究实验，利用已知结论来解决探究实验题
【详解】(1)[1]A．同一实验中，要求合力与分力作用效果相同，O点位置不能变，A错误；
B．实验中通过记录弹簧测力计的示数和方向来代表力的大小和方向，O点是作用点，也需要记录，B正确；
C．两个分力的夹角不一定要是，C错误；
D．不需要一个弹簧的力始终为最大值，D错误。
故选B。
(2)[2]作图法得到的合力应该沿对角线方向，而实际实验得到的合力由于弹簧测力计存在摩擦等因素，会偏离对角线，所以甲合理。
(3)[3]本实验用分力将O点拉倒某一位置，记录力的大小和方向，画出合力大小和方向，再用一个力将O点拉到同一位置，两个力的作用效果与一个力相同，属于等效替代法，故选B。

三．计算题(22分)
16、（1）2m/s2（2）2.2s
【解析】（1）物块从A点由静止释放，物块相对传送带向下加速运动，根据牛顿第二定律，有：

代入数据解得：m/s2
（2）设物块下滑到与P碰前的速度为，根据运动学规律，有：

代入数据解得：m/s
物块与挡板碰撞后，以的速度反弹，因，物块相对传送带向上做减速运动，物块受到的摩擦力沿传送带斜向下，由牛顿运动定律，有：

代入数据解得：m/s2
物块速度减小到与传送带速度相等的时间：
s
此后物块的速度小于传送带的速度，物块相对传送带向下滑动，但相对于地面物块继续向上滑动，摩擦力反向，有：

代入数据解得：m/s2
物块速度减小到零的时间：
s
物块向上的总时间：
s
17、（1） （2）见解析
【解析】（1）　　　　　　（1分）得　　　（1分）
（2）不正确．因为随着初速度增大，小物块会滑到水平面，规律将不再符合图象中正比关系；v0=4m/s时，若保持匀减速下滑，则经过，已滑到水平面　（1分）
物体在斜面上运动，设刚进入水平面时速度v1：，（１分）　　
，（１分）
得v1=2m/s，　t1=0.8s　（１分）　
水平面上=0.23s　　　　　　　（1分）
总时间t1+t2=1.03s　　　（1分）
本题考查力与运动的关系，在物块下滑过程中，由重力沿斜面向下的分力和摩擦力提供加速度，受力分析后可求得加速度表达式，根据匀变速直线运动末速度大小可求得加速度，联立即可