2025年河南省新乡市新乡县第一中学物理高一第一学期期末考试模拟试题含解析.doc

2025年河南省新乡市新乡县第一中学物理高一第一学期期末考试模拟试题
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、根据压强公式，将压强的单位Pa用国际单位制的基本单位表示，则下列正确的是
A.N·m-2 B.kg·m-1·s-1
C.kg·m-2·s-1 D.kg·m-1·s-2
2、将一根轻质弹簧上端固定，下端悬挂一质量为m的物体，物体静止时，弹簧长度为L1；而当弹簧下端固定在水平地面上，将质量为m的物体压在其上端，物体静止时，弹簧长度为L2。已知重力加速度为g，则该弹簧的劲度系数是(　 )
A. B.
C. D.
3、关于物体的惯性，正确的说法是
A.同一物体在地球表面比在月球表面惯性大
B.冰壶在冰面上运动的阻力很小，能在较长时间内维持运动而不停下来，所以惯性比较大
C.绕地球运行的宇宙飞船内的物体处于失重状态，因此飞船内的物体没有惯性
D.在同样大小的外力作用下，运动状态越难改变的物体惯性越大
4、下列关于力的说法正确的是（ ）
A.力是物体对物体的作用，所以发生力的作用必须相互接触
B.物体的质量较小，但运动的速度较大时，惯性也可以很大
C.弹力是发生形变的物体在恢复原状的过程中对与它接触的物体所发生的作用
D.静摩擦力是静止的物体受到的，滑动摩擦力是运动的物体受到的
5、图示为甲、乙两辆汽车从同一位置出发沿同一直线运动的v-t图象，则

A.甲、乙两辆汽车一定同向而行
B甲、乙两辆汽车一定相向而行
C.在t=10s时，甲、乙两车相遇
D.在5s-10s内，甲的加速度大于乙的加速度
6、如图甲所示，在倾角为300的足够长的光滑斜面上，有一质量为m的物体，受到沿斜面方向的力F作用，力F按图乙所示的规律变化, 图中纵坐标是F与mg的比值，规定力沿斜面向上为正向，则物体运动的速度v随时间t变化的规律用可图中的哪一个图象表示（物体的初速度为零）

A. B.
C. D.
7、如图甲所示，竖直电梯中质量为m的物体置于压力传感器P上，电脑可描绘出物体对P的压力F随时间的变化图线；图乙中K、L、M、N四条图线是电梯在四种运动状态下由电脑获得的Ft图线，由图线分析电梯的运动情况，下列结论中正确的是(　　)

A.由图线K可知，此时电梯一定处于匀加速上升状态
B.由图线L可知，此时电梯加速度大小一定等于g
C.由图线M可知，此时电梯一定处于静止状态
D.由图线N可知，此时电梯加速度的方向一定先向上后向下
8、如图所示，在光滑水平面上，轻质弹簧的右端固定在竖直墙壁上。一物块在水平恒力F作用下做直线运动，接触弹簧后，继续压缩弹簧，直至物块速度为零。整个过程中，物块一直受到力F作用，弹簧一直在弹性限度内。在物块与弹簧接触后向右运动的过程中，下列说法正确的是（　　）

A.物块接触弹簧后立即做减速运动
B.物块接触弹簧后先加速后减速
C.当弹簧形变量最大时，物块的加速度等于零
D.当物块的速度最大时，它所受的合力为零
9、2018年12月8日2时23分，搭载着“嫦娥四号”的“长征三号乙”运载火箭在西昌卫星发射中心成功发射．2019年1月3日10时26分，嫦娥四号成功着陆在月球背面南极—艾特肯盆地的预选着陆区，成为世界第一个在月球背面软着陆和巡视探测的航天器，这是人类航天史上的伟大壮举．下面有关说法正确的是(　　)

A.运载火箭尾部向下喷气，喷出的气体反过来对火箭产生一个反作用力，从而让火箭获得了向上的推力
B.运载火箭飞出大气层后，由于没有了空气，火箭虽然向后喷气，但也无法获得前进的动力
C.在落月阶段首先通过变推力发动机让探测器减速下降，此时“嫦娥四号”处于超重状态
D.“嫦娥四号”离开地球大气层朝月球飞行过程中，与地球之间不再存在相互作用力
10、如图所示，A、B两物块的质量分别为3m和2m，两物块静止叠放在水平地面上，A、B间的动摩擦因数为μ，B与地面间的动摩擦因数为（μ≠0）．最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g，现对B施加一水平推力F，则下列说法正确的是（　　）

A.若F＝μmg，A、B间的摩擦力一定为零
B.无论F为多大时，A相对B都不会滑动
C.当F＝3μmg时，A的加速度为μg
D.若去掉B上的力，而将F＝3μmg的力作用在A上，则B的加速度为
11、两个共点力的大小为F1 = 15N，F2 = 8N，它们的合力大小可能等于(　　)
A.21 N B.25 N
C.8 N D.9 N
12、如图所示，质量为M的三角形木块A静止在水平面上，一质量为m的物体B以初速度v0从A的斜面上端开始沿斜面下滑，三角形木块A仍保持静止，则下列说法正确的是（ ）

A.A对地面的压力大小不可能小于（M+m）g
B.水平面对A的静摩擦力可能为零
C.水平面对A的摩擦力方向可能水平向左
D.若B沿A的斜面下滑时突然受到一沿斜面向上的力F的作用，则无论F的大小为何值，三角形木块A都不会立刻相对地面滑动
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、如图所示，小球的重力为12N，绳子OA与水平方向的角度为37°，OB水平(sin37°=0.6，cos37°=0.8，tan37°=，cot37°=）；试求
（1）绳子OA受到的拉力；
（2）绳子OB受到的拉力；

14、为了探究质量一定时加速度与力的关系。一同学设计了如图所示的实验装置。其中M为带滑轮的小车的质量，m为砂和砂桶的质量。(滑轮质量不计)

（1）对于上述实验，下列说法正确的是______。
A．需要用天平测出沙和沙桶的总质量
B．调节长木板的倾角，轻推小车后，使小车（未连细线）能沿长木板向下匀速运动
C．与小车定滑轮相连的轻绳与桌面要平行
D．小车靠近打点计时器，先接通电源后释放小车
（2）该同学在实验中得到如图所示的一条纸带(相邻两计数点间还有两个点没有画出)。已知打点计时器采用的是频率为50 Hz的交流电，根据纸带可求出小车的加速度为___m/s2(结果保留两位有效数字)。

（3）该实验，沙和沙桶的总质量m______（选填“需要”或“不需要”）远小于小车的质量M在实验过程中小车的加速度______（选填“大于”“等于”或“小于”）沙和沙桶的加速度。
（4）以弹簧测力计的示数F为横坐标，加速度a为纵坐标，画出的a－F图象是一条直线，由图象可得出的结论是______________．图线与横轴的夹角为θ，求得图线的斜率为k，则小车的质量为____。

A.2tan θ B. C.k D.
15、某同学利用如图所示的装置来验证力的平行四边形定则。在竖直木板上铺有白纸，固定两个光滑的滑轮A和B，将绳子打一个结点O，每个钩码的质量相等，当系统达到平衡时，根据钩码个数读出三根绳子的拉力、、和，回答下列问题。

(1)改变钩码个数，实验能完成的是____________
A.钩码的个数，
B.钩码的个数，
C.钩码的个数，，
(2)在拆下钩码和绳子前，最重要的一个步骤是____________
A.标记结点O位置，并记录、、三段绳子的方向
B.量出、、三段绳子的长度
C.用量角器量出三段绳子之间的夹角
D.用天平测出钩码的质量
(3)在作图时，你认为图中__________（选填“甲”或“乙”）是正确的。

三．计算题(22分)
16、（12分）质量为2kg的木箱静止置于水平地面上，从某时刻起受到一水平恒力F的作用而运动，木箱运动1s后撤去F，木箱继续滑行一段时间后停止，其运动的速度与时间的变化图象如图所示，求：

撤去水平恒力F，在时间内木箱加速度a的大小；
水平恒力F的大小和木箱与水平地面间的动摩擦因数
17、（10分）如图所示，沿光滑的墙壁用网兜把一只足球挂在A点，足球的质量为m，网兜的质量不计。足球与墙壁的接触点为B，悬线与墙壁的夹角为。求：悬线对球的拉力和墙壁对球的支持力的大小？

参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、D
【解析】压强定义式为，它的单位是帕斯卡（Pa），根据牛顿第二定律知，
1N=1kg•m/s2；
而面积S的单位是m2，所以：
1Pa=1kg·m-1·s-2；
A．N不是基本单位，A错误；
BCD．综上分析1Pa=1kg·m-1·s-2，故BC错误D正确；
故选D。
2、B
【解析】设弹簧原长为，由胡克定律得，式中x为形变量，弹簧下端悬挂一质量为m的物体时，则有

质量为m的物块放在弹簧的上端时

联立方程组可以解得

故选B。
3、D
【解析】A.同一物体质量不变，地球表面与在月球表面惯性一样大，A错误；
B.惯性大小与物体的质量有关，与受力情况无关，B错误；
C.宇宙飞船内的物体处于完全失重状态，但物体的质量仍在，有惯性，C错误；
D.物体的惯性只与物体的质量有关，质量越大，其惯性就越大，运动状态越难改变，故D正确；
故选D
4、C
【解析】A．力的作用可以不接触，例如磁体之间的作用合力，A错；
B．质量是惯性大小的量度，质量小的物体惯性一定小，B错；
C．弹力是发生形变的物体在恢复原状的过程中对与它接触的物体所发生的作用，C正确；
D．运动的物体也可能受静摩擦力，静止的物体也可能受滑动摩擦力，D错误；
故选C。
5、A
【解析】在v-t图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；切线的斜率表示加速度，加速度向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负
【详解】A、B项：由图可知，两车的速度都为正值，即两车的速度方向相同，故A正确，B错误；
C项：v –t图象与时间轴所围面积表示位移，由图可知，在t=10s时，甲、乙两车并没有相遇，故C错误；
D项：在5s-10s内，，，故D错误
故选A
【点睛】本题是为速度--时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度--时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息，要注意路程和位移的区别
6、D
【解析】在0-1s内，通过受力分析由牛顿第二定律可得：F-mgsin30°=ma1
解得：a1=0．5g=5m/s
1s末获得速度为：v1=a1t1=5m/s
在1-2s内，由牛顿第二定律可得：-mgsin30°=ma2
解得：a2＝−0．5g＝−5m/s2
向上做减速运动，2s末的速度为：v2=v1+a2t2=0
在2-3s内由牛顿第二定律得：-F-mgsin30°=ma3
解得：a3=-1．5g=15m/s
3s末获得速度为：v3=a3t3=-15m/s
故D正确；故选D
7、BD
【解析】A．由图线K可知，物体对P的压力大于物体的重力，且逐渐增大，则支持力大于重力，且逐渐增大，根据牛顿第二定律知，加速度方向竖直向上，且逐渐增大，电梯加速度方向竖直向上，且在变化，故A错误；
B．由图线L可知，支持力的大小等于2mg，根据牛顿第二定律得，

解得

方向竖直向上，故B正确；
C．由图线M可知，支持力等于重力，知电梯可能处于静止，可能处于匀速直线运动状态，故C错误；
D．由图线N可知，支持力的大小先大于再小于，根据牛顿第二定律知，加速度的方向先向上，再向下，故D正确
故选BD.
8、BD
【解析】AB．当木块接触弹簧后，水平方向受到向右的恒力和弹簧水平向左的弹力。弹力的大小先小于恒力，后大于恒力，木块所受合外力的方向先向右后向左，则木块先做加速运动，后做减速运动，A错误，B正确；
C．当弹簧压缩量最大时，弹力大于恒力，合力向左，加速度不为零，C错误；
D．当弹力等于恒力即合力为零时，木块的速度为最大值，D正确；
故选BD。
9、AC
【解析】A．火箭升空时，其尾部向下喷气，火箭箭体与被喷出的气体是一对相互作用的物体；火箭向下喷气时，喷出的气体同时对火箭产生向上的反作用力，即为火箭上升的推动力，A正确；
B．火箭向下喷气产生的推力并不是由周围的空气对火箭的反作用力提供的，因而与是否飞出大气层、是否存在空气无关，B错误；
C．在落月阶段首先通过变推力发动机让探测器减速下降，产生向上的加速度，此时“嫦娥四号”处于超重状态，C正确；
D．“嫦娥四号”离开地球大气层朝月球飞行过程中，“嫦娥四号”与地球之间依然存在相互吸引力，这是一对作用力与反作用力，D错误。
故选AC。
10、AD
【解析】当F作用在B上时，根据A、B之间的最大静摩擦力，隔离对B分析求出整体的临界加速度，通过牛顿第二定律求出A、B不发生相对滑动时的最大拉力；当F作用在A上，根据隔离法求出发生相对滑动的最小拉力，判断是否发生相对滑动，再结合牛顿第二定律进行求解；
【详解】A、B与地面间的最大静摩擦力，当时，AB处于静止，对A分析，A所受的摩擦力为零，故A正确；
B、A发生相对滑动的临界加速度，对整体分析，，解得：，所以当时，A相对B滑动，故B错误；
C、当，可知AB保持相对静止，一起做匀加速直线运动，加速度，故C错误；
D、若去掉B上的力，而将的力作用在A上，B发生相对滑动的临界加速度，对A分析，解得不发生相对滑动的最小拉力，可知的力作用在A上，AB一起做匀加速直线运动，加速度，故D正确
【点睛】本题考查了摩擦力的计算和牛顿第二定律的综合运用，解决本题的突破口在于通过隔离法和整体法求出A、B不发生相对滑动时的最大拉力
11、ACD
【解析】二力合成遵循平行四边形定则，同向时合力最大，反向时合力最小，合力范围：|F1+F2|≥F≥|F1-F2|
【详解】二力合成时合力范围：|F1+F2|≥F≥|F1-F2|；两共点力，F1=15N，F2=8N，故合力最大23N，最小7N，之间任意结果都可以；故B错误，ACD正确．故选ACD
【点睛】本题关键是明确二力合成时遵循平行四边形定则，夹角越大，合力越小，同向时合力最大，反向时合力最小
12、BCD
【解析】先对物体B受力分析，根据正交分解法求出各个力的关系，再对A受力分析，求出要求的各个力
【详解】对物体B受力分析，受重力G、支持力N、滑动摩擦力f，如图

再对A物体受力分析，受重力Mg、地面的支持力FN、B对A的压力N′，B对A的摩擦力f′，地面对A可能有静摩擦力f静，先假设有且向右，如图

当物体B匀速下滑时，根据共点力平衡条件，有
mgsinθ-f=0①
N-mgcosθ=0②
当物体B加速下滑时，有
mgsinθ＞f③
N-mgcosθ=0④
当物体B减速下滑时，有
mgsinθ＜f⑤
N-mgcosθ=0⑥
由于物体A保持静止，根据共点力平衡条件，有
FN-Mg-f′sinθ-N′cosθ=0⑦
f′cosθ-N′sinθ-f静=0⑧
根据牛顿第三定律
N=N′⑨
f=f′⑩
当物体加速下降时，由③④⑦⑧⑨⑩，得到FN＜（M+m）g，故A错误；
当物体匀速下降时，由①②⑦⑧⑨⑩，得到F静=0，故B正确；
当物体加速下降时，由⑤⑥⑦⑧⑨⑩，得到F静＜0，即静摩擦力与假定的方向相反，向左，故C正确；
若B沿A的斜面下滑时突然受到一沿斜面向上的力F的作用，物体B的加速度立即发射了变化，但由于惯性，速度来不及变化，故摩擦力方向不变，故B对A的力不变，故A依然保持静止，故D正确；
故选BCD
【点睛】本题关键分别对物体B和A受力分析，然后分B加速、减速和匀速三种情况受力分析，列式讨论

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、（1）20N；（2）16N；
【解析】以结点O为研究对象，分析受力情况，CO绳对O点拉力大小等于重力mg，即

将OC绳的拉力及OB绳的拉力进行合成，合力大小与OA的拉力大小相等，方向相反，如右图，由几何关系得

14、 ①.BD ②.1.3 ③.不需要 ④.小于 ⑤.小车质量不变时，加速度与合外力成正比 ⑥.D
【解析】（1）[1]A．本题拉力可以由弹簧测力计测出，不需要用天平测出砂和砂桶的质量，也就不需要使小桶（包括砂）的质量远小于车的总质量，故A错误；
B．该题是弹簧测力计测出拉力，从而表示小车受到的合外力，调节长木板的倾角，以平衡摩擦力；轻推小车后，使小车（未连细线）能沿长木板向下匀速运动，这是平衡摩擦力的具体操作，故B正确；
C．轻绳与木板要平行，不是与桌面平行，故C错误；
D．打点计时器使用时，都是先接通电源，待打点稳定后再释放纸带，故D正确。
故选BD。
（2）[2]由于两计数点间还有二个点没有画出，故相邻计数点的时间间隔为，
由△可得：

（3）[3][4] 由于拉力可以从弹簧秤读出，所以不需要满足，由于沙和桶的位移是小车的2倍，则沙和桶的加速度小于小车的加速度；
（4）[5][6]由

得

由此可以得出的结论为：小车质量不变时，加速度与合外力成正比；对图来说，图象的斜率

得

对于斜率，不能根据求解，所以不能根据求小车的质量。故ABC错误，D正确。
故选D。
15、 (1).C (2).A (3).甲
【解析】（1）[1] 对O点受力分析

OA、OB、OC分别表示三个力大小，由于三共点力处于平衡，所以OC等于OD，因此三个力的大小构成一个三角形
A．以钩码的个数表示力的大小，则不能构成三角形，A错误；
B．以钩码的个数表示力的大小，则不能构成三角形，B错误；
C．以钩码的个数表示力的大小，则三力为边构成等边三角形，C正确。
故选C。
（2）[2] 为验证平行四边形定则，必须做受力图，所以先明确受力点，即标记结点O的位置，其次要做出力的方向并读出力的大小，最后作出力的图示，因此要做好记录，是从力的三要素角度出发，要记录砝码的个数和记录OA、OB、OC三段绳子的方向。
故选A。
（3）[3] 以O点为研究对象，F3的是实际作用效果在OC这条线上，由于误差的存在，F1、F2的理论值要与实际值有一定偏差，故甲图符合实际，乙图不符合实际。

三．计算题(22分)
16、；18N，
【解析】解：由图知，木箱在1～3s时间内做匀减速直线运动，
木箱加速度的大小为：
摩擦力为：
由牛顿第二定律有：
解得：
木箱在前1s做初速度为零的匀加速直线运动，则有：
解得加速度为：
由牛顿第二定律有：
解得：
17、，
【解析】取足球和网兜作为研究对象，受三个力的作用，重力G，墙壁支持力，悬绳的拉力，取水平方向为x轴，竖直方向为y轴，将分别沿x轴和y轴方向进行分解，由平衡条件可知，在x轴和y轴方向上的合力和Fy应分别等于零

解得

得