云南楚雄州南华县民中2025年高一物理第一学期期末调研试题含解析.doc

云南楚雄州南华县民中2025年高一物理第一学期期末调研试题
注意事项:
1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。
2．答题时请按要求用笔。
3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。
4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。
5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、如图所示，一轻质弹簧竖直固定在水平面上，一物块自弹簧正上方自由下落，当物块与弹簧接触并将弹簧压至最短（在弹性限度内）过程中，下列说法正确的是（　　）

A.物块接触弹簧后即做减速运动
B.物块接触弹簧后先加速后减速
C.当物块的速度最大时，它所受的合力不为零
D.当弹簧被压缩至最短时，物块的加速度等于零
2、如图所示,在水平面运动的小车内,用轻绳AB、BC拴住一个重力为G的小球,轻绳AB、BC与水平方向夹角分别为30°和45°,绳AB的拉力为绳BC的拉力为下列叙述不正确的是

A.小车向右以加速度匀加速运动时
B.小车向右以加速度匀加速运动时
C.小车向右以加速度匀减速运动时
D.小车向右以加速度匀减速运动时
3、取水平地面为重力势能零点，一物块从某一高度水平抛出，在抛出点其重力势能是动能的3倍，不计空气阻力，该物块落地时的速度方向与水平方向的夹角为（　　）
A. B.
C. D.
4、如图所示,在竖直墙壁的A点处有一根水平轻杆a,杆的左端有一个轻滑轮O.一根细线上端固定在该天花板的B点处,细线跨过滑轮O,下端系一个重为G的物体,开始时BO段细线与天花板的夹角为θ=30°.系统保持静止,当轻杆a缓慢向下移动的过程中,不计一切摩擦,下列说法中正确的是（）

A.细线BO对天花板拉力没有变化
B.a杆对滑轮的作用力逐渐减小
C.a杆对滑轮的作用力的方向沿杆水平向右
D.墙壁对a杆的作用力不变
5、某汽车做匀加速直线运动，初速度为4m/s，经过4s速度为12m/s，在这段时间内（ ）
A.汽车的加速度为4m/s2 B.汽车的加速度为8m/s2
C.汽车的平均速度为6m/s D.汽车的平均速度为8m/s
6、下列对牛顿第一定律的理解正确的是（）
A.牛顿第一定律是说当弹簧的劲度系数一定时，弹簧的弹力与形变量成正比
B.牛顿第一定律表明物体有保持原来运动状态不变的性质
C.选择不同的参考系时物体的运动状态不同，但牛顿第一定律总是成立
D.可以用实验直接验证牛顿第一定律
7、甲、乙两个物体由同一地点沿同一直线运动，它们的运动图象如图所示，下列说法正确的是

A.若图象为两物体的位移时间图象，则在内甲、乙两物体始终同向运动
B.若图象为两物体的位移一时间图象，则在内甲、乙两物体的平均速度相等
C.若图象为两物体的速度一时间图象，则甲、乙两物体在末相遇
D.若图象为两物体的速度一时间图象，则甲、乙两物体相遇前在末相距最远
8、如图所示为湖边一倾角为30°的大坝横截面示意图，水面与大坝的交点为O．一人站在A点以速度v0沿水平方向扔一小石子，已知AO＝40m，不计空气阻力，不考虑石子反弹过程，g取10m/s2．下列说法正确的有（　　）

A.若v0=m/s，则石子刚好落在水面与大坝的交点
B.若v0= m/s，则石子落在AO的中点
C.若石子能直接落入水中，则v0越大，在空中飞行的时间就越长
D.若石子不能直接落入水中，则v0越大，在空中飞行的时间就越长
9、某电梯中用细绳静止悬挂一重物，当电梯在竖直方向运动时，突然发现绳子断了，由此可以判断此时电梯的情况是（ ）
A.电梯可能是加速上升
B.电梯可能是减速上升
C电梯可能匀速上升
D.电梯加速度方向一定向上
10、质量为的小球置于倾角为300的光滑固定斜面上，劲度系数为的轻弹簧一端系在小球上，另一端固定在竖直墙上的P点，小球静止于斜面上，弹簧轴线与竖直方向的夹角为300，如图所示．取．则

A.弹簧对小球拉力大小为
B.小球对斜面的压力的大小为10N
C.弹簧的伸长量为10cm
D.弹簧被剪断的瞬间，小球的加速度大小为
11、一辆汽车停在水平地面上，一个人用力水平推车，但车仍然静止，表明
A.推力越大，但汽车仍然静止是因为汽车太重
B.推力越大，静摩擦力越大，推力与静摩擦力平衡
C.推力大小变化时，静摩擦力大小也发生变化
D.推力小于静摩擦力，因此汽车仍然静止
12、物体以某一速度冲上一光滑斜面(足够长)，加速度恒定．前4 s内位移是1.6 m，随后4 s内位移是零，则下列说法中正确的是( )
A.物体的初速度大小为0.6 m/s
B.物体的加速度大小为6 m/s2
C.物体向上运动的最大距离为1.8 m
D.物体回到斜面底端，总共需时12 s
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、某实验小组利用图示的装置探究加速度与力、质量的关系。

①下列做法正确的是________（填字母代号）
A．实验时，先放开木块再接通打点计时器的电源
B．在调节木板倾斜度平衡木块受到的摩擦力时，将装有砝码的砝码桶通过定滑轮拴木块上
C．调节滑轮高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行
D．通过增减木块上的砝码改变质量时，不需要重新调节木板倾斜度
②为使砝码桶及桶内砝码的总重力在数值上近似等于木块运动时受到的拉力，应满足的条件是砝码桶及桶内砝码的总质量______木块和木块上硅码的总质量。（填“远大于”、“远小于”、或“近似于”）
14、在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，采用图1所示的装置。

（1）本实验应用的实验方法是_____
A.假设法 B.控制变量法 C.理想实验法
（2）关于该实验下列说法中正确是_____
A.在探究加速度与质量的关系时，每次改变小车质量时都应平衡摩擦力
B.在探究加速度与外力的关系时，作出a﹣F的图像为曲线
C.在探究加速度a与质量m的关系时，为了直观判断二者间的关系，应作出a﹣图像
D.当小车的质量远大于砝码盘和砝码的总质量时，才能近似认为细线对小车的拉力大小等于砝码盘和砝码的总重力大小
（3）某次实验中打点计时器在纸带上依次打出一系列的点，取A、B、C、D、E五个计数点，距离如图2所示，每两个计数点间有四个点未画出，且计时器打点周期为0.02s，则打C点的瞬间，纸带的速度大小为____m/s，纸带运动的加速度a=_____m/s2。（计算结果都保留两位有效数字）
15、如图为“用DIS（位移传感器、数据采集器、计算机）研究加速度和力的关系”的实验装置。

(1)在该实验中必须采用控制变量法，应保持______不变，用钩码所受的重力作为______，用DIS测小车的加速度；
(2)改变所挂钩码的数量，多次重复测量。在某次实验中根据测得的多组数据可画出a－F关系图线（如图所示）。此图线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是______；

A.小车与轨道之间存在摩擦
B.导轨保持了水平状态
C.所挂钩码的总质量太大
D.所用小车质量太大
三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示，质量为m的小物块（可视为质点），从高度为H、倾角为θ的光滑固定斜面的顶端由静止下滑，重力加速度为g

（1）画出物块的受力示意图；
（2）求物块下滑时的加速度大小；
（3）求物块到达斜面底端时的速度大小
17、（10分）在倾角为30o的斜面上固定一挡板，在挡板和斜面之间放置一质量为m的光滑圆球，如图甲和乙所示，试分别求出两种情况下斜面对球的作用力之比。

参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、B
【解析】A．物块刚接触弹簧后，弹簧形变较小，此时弹力肯定小于重力，物体仍然做加速运动，故A错误；
B．物体接触弹簧后，弹簧形变到最大这一过程中，弹簧力先小于重力，之后等于重力，再然后大于重力，故物块是先加速后减速，故B正确；
C．当物块速度最大时，加速度为零，此时必有合力为零，即弹簧力等于重力，故C错误；
D．弹簧压缩到最短时，弹簧力大于重力，此时加速度向上，故D错误。
故选B。
2、D
【解析】当加速度方向向左或向右时，分别找出当AB和BC绳的拉力为零时的临界加速度值，然后进行分析.
【详解】当小车向右加速运动时，当AB绳的拉力恰为零时，根据牛顿第二定律：mgtan450=ma1，解得a0=g，则小车向右以加速度g匀加速运动时，T1=0，T2=G，选项AB正确；当小车向右做减速运动时，当BC绳的拉力恰为零时，根据牛顿第二定律：mgtan600=ma2，解得a2= g，，则小车向右以加速度g匀减速运动时，T2=0，T1=2G，故选项C正确，D错误；此题选择不正确的选项，故选D.
3、C
【解析】设抛出时物体的初速度为v0，高度为h，物块落地时的速度大小为v，方向与水平方向的夹角为α。根据机械能守恒定律得

据题有

联立解得
v=2v0
则
cosα=
可得

故选C。
4、B
【解析】当轻杆a缓慢向下移动过程中，BO段细线与天花板的夹角θ增大，细线的拉力大小不变，根据方向判断细线BO对天花板的拉力是否变化．a杆对滑轮的作用力与两细线拉力的合力大小相等．当两细线夹角增大时，它们的合力减小，则知a杆对滑轮的作用力逐渐减小
【详解】当轻杆a缓慢向下移动的过程中，细线的拉力大小始终等于物体的重力G，保持不变，但由于θ增大，所以细线BO对天花板的拉力方向发生改变，所以此拉力是变化的．故A错误

两细线拉力大小不变，夹角增大，由它们的合力减小，根据滑轮平衡可知，a杆对滑轮的作用力与两细线的合力大小相等、方向相反，所以a杆对滑轮的作用力逐渐减小．故B正确．a杆对滑轮的作用力F的方向沿两夹平分线斜向右上方，如图．故C错误．a杆对滑轮的作用力逐渐减小，则滑轮对a杆的作用力逐渐减小，而a杆保持平衡，重力不计，则墙壁对a杆的作用力也逐渐减小．故D错误．故选B
5、D
【解析】AB．根据速度时间公式得，汽车的加速度为

故AB错误；
CD．汽车的平均速度为

故D正确，C错误。
故选D。
6、B
【解析】A．当弹簧的劲度系数一定时，弹簧的弹力与形变量成正比描述的是胡克定律，选项A错误；
B．牛顿第一定律即惯性定律，物体总保持静止或匀速直线运动状态，直到有外力迫使他改变为止，选项B正确；
C．牛顿第一定律只有在惯性参考系中才成立，选项C错误；
D．牛顿第一定律不能用实验直接验证，是合理外推得到的，选项D错误。
故选B。
7、BD
【解析】A．若图象为两物体的位移时间（x-t）图象，根据x-t图象的斜率表示速度，知0-2s内，甲、乙两物体同向运动。2-4s内，甲、乙两物体反向运动，故A错误；
B．若图象为两物体的位移-时间（x-t）图象，在0～4s内甲、乙两物体的位移相等，所用时间相等，则平均速度相等，故B正确；
C．若图象为两物体的速度一时间（v-t）图象，0-4s内，甲的位移大于乙的位移，则甲、乙两物体在4s末没有相遇，故C错误；
D．甲、乙两物体从同一地点沿直线向同一方向运动，在0-4s内，甲的速度大于乙的速度，两者距离不断增大；在4s后乙的速度大于甲的速度，两者距离缩短，则物体相遇前在4s末相距最远，故D正确。
故选BD。
8、AD
【解析】A．小石子扔出后做平抛运动，根据：

得：

则石块不落入水中的最大速度：

即v0=m/s时，石子刚好落在水面与大坝的交点，故A正确.
B．若：

则小石子会落在大坝上，所以落在大坝上时位移夹角为30°，则：

带入可解得t2=1s，故落到大坝上时水平位移为：

故合位移为：

故B错误.
C．若石块能落入水中,平抛运动的时间由高度决定,与初速度无关，故C错误.
D．若石子不能直接落入水中，落在大坝上位移夹角不变，根据：

可知v0越大，运动的时间也越长，故D正确.
故选AD.
9、AD
【解析】某电梯中用细绳悬挂一重物，当电梯在竖直方向运动时，突然发现绳子断了，说明绳子的拉力增大了，说明物体处于超重状态，具有向上的加速度，由此可判定电梯运动状态
【详解】某电梯中用细绳悬挂一重物，当电梯在竖直方向运动时，突然发现绳子断了，说明绳子的拉力增大了，说明物体处于超重状态，具有向上的加速度，说明电梯具有向上的加速度，则电梯可能是向上做加速运动，也可能是向下做减速运动，故BC错误，AD正确。
故选AD。
【点睛】首先要会判定超重和失重，其次要够由超重和失重判定物体的运动状态，重点把握加速度的方向
10、CD
【解析】小球静止于斜面上，设小球受的弹簧拉力为，设斜面对小球的支持力为，设弹簧的伸长量为，对小球受力分析如图，则：

、、
联立解得：、
A：小球受的弹簧拉力为，故A项错误
B：斜面对小球的支持力为，据牛顿第三定律，小球对斜面的压力的大小为．故B项错误
C：弹簧伸长量，故C项正确
D：弹簧被剪断的瞬间，小球受重力、斜面对小球的支持力，小球将沿斜面下滑，则：，解得：．故D项正确
11、BC
【解析】汽车停在水平地面上，水平方向受推力和静摩擦力，车保持静止，推力与静摩擦力平衡，推力增大，静摩擦力增大
【详解】A：推力越大，但汽车仍然静止是因为推力小于最大静摩擦力，推力与静摩擦力平衡．故A项错误
BCD：汽车停在水平地面上，水平方向受推力和静摩擦力，车保持静止，推力与静摩擦力平衡，推力增大，静摩擦力增大．故BC两项正确，D项错误
12、ACD
【解析】由，所以：，B错误；在前4s内根据位移公式：，得：，A正确；根据公式可得上升最大距离为，C正确；因为没有摩擦力，上滑和下滑所用时间相同，根据公式可得上滑所用时间为6s，所以总时间为12s，D正确
考点：考查了匀变速直线运动规律的应用

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.CD ②.远小于
【解析】(1)[1]A．实验时，应先接通电源，再释放木块，故A错误；
B．平衡摩擦力时，不能将装有砝码的砝码桶通过定滑轮拴木块上，故B错误；
C．调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行，故C正确；
D．通过增减木块上的砝码改变质量时，不需要重新平衡摩擦，故D正确，
故选CD。
(2)[2]对整体分析，加速度

隔离对木块分析，根据牛顿第二定律得

可知当砝码桶及桶内砝码的总质量远小于木块和木块上砝码的总质量时，砝码桶及桶内砝码的总重力在数值上近似等于木块运动时受到的拉力。
14、 ①.A ②.CD ③.0.11 ④.0.20
【解析】（1）[1]在研究物体的“加速度、作用力和质量”三个物理量的关系时，由于变量较多，因此采用了“控制变量法”进行研究，分别控制一个物理量不变，看另外两个物理量之间的关系。
故选A。
（2）[2]A．在平衡摩擦力时，设木板倾角为，小车匀速下滑，则有

m约掉，故不需要每次都重新平衡摩擦力，A错误；
B．在探究加速度a与质量m的关系时，作出a-F的图像为直线，B错误；
C．要直观的反映两个量之间的关系，可以通过作图来解决。但是只有作出一条直线，才可以直观的反映两个变量之间的关系。在探究加速度a与质量m的关系时，为了直观判断二者间的关系，应作，C正确；
D．设小车的质量为M，砝码盘和砝码的质量为m，设绳子上拉力为F，以整体为研究对象有

解得

对小车受力分析，得绳子的拉力

若要让，只有当时才满足条件，所以只有当时才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘和盘中砝码的重力，D正确。
故选CD。
（3）[3]每两个计数点间有四个点未画出，故相邻的计数点的时间T=0.1s，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，得

[4]根据匀变速直线运动的推论公式

得

15、 ①.小车的总质量 ②.小车所受外力 ③.C
【解析】(1)[1][2]探究加速度与力的关系，应保持小车的质量不变，用钩码所受的重力作为小车受到的合外力
(2)[3]本实验要探索“加速度和力的关系”所以应保持小车的总质量不变，钩码所受的重力作为小车所受合外力；由于OA段a－F关系为一倾斜的直线，所以在质量不变的条件下，加速度与外力成正比；设小车的质量为M，钩码的质量为m，由实验原理得
mg=Ma
得
a==
而实际上
a′=
可见AB段明显偏离直线是由于没有满足Mm造成的。
故选C。

三．计算题(22分)
16、（1）图见解析；（2）gsinθ；（3）
【解析】（1）物块的受力示意图如图；

（2）根据牛顿第二定律可得：mgsinθ=ma，
解得a=gsinθ
（3）根据v2=2ax，其中H=xsinθ，
解得v=
17、4:3
【解析】对球受力分析如图所示

由于光滑圆球受共点力处于静止状态，所以光滑圆球合力为0，将N1在水平方向和竖直方向分解，由共点力平衡的条件得出
甲，斜面对球的作用力

乙，斜面对球作用力

所以两种情况斜面对球的支持力之比为