2025-2026学年四川省天府名校物理高一第一学期期末预测试题含解析.doc

2025-2026学年四川省天府名校物理高一第一学期期末预测试题
注意事项
1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．
2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．
3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．
4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．
5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、汽车以20m/s的速度做匀速直线运动,见前面有障碍物立即刹车,刹车后加速度大小为5m/s2,则汽车刹车后2s内及刹车后5s内通过的位移之比为( )
A.1:9 B.1:3
C.5:13 D.3:4
2、楔形物体A、B按如图所示位置放在一起，靠在墙上．在竖直向上的力F作用下，A、B处于静止状态．此时物体A除受重力外，还受到的力的个数为　　

A.可能是3个
B.可能是4个
C.一定是2个
D.一定是3个
3、如图所示，光滑水平上放置着质量分别为和的两个物体，间的最大静摩擦力为．现用水平拉力拉物体，使以同一加速度运动，则拉力的最大值为

A.
B.
C.
D.
4、关于速度、速度的变化量、速度的变化率、加速度的关系，下列说法正确的是（）
A.物体加速度增大时，速度也增大
B.物体速度变化量越大，则加速度越大
C.物体速度变化越快，则速度变化率越大，加速度也越大
D.物体加速度不等于零时，速度一定增大
5、对于重心和重力，下列说法正确的是（　　）
A.重力就是地球对物体的引力
B.重心的位置只跟物体的形状有关
C.重心可能在物体外部
D.在地球上任何位置，同一物体所受重力的大小都相同
6、如图是长征火箭把载人神舟飞船送入太空的情景．宇航员在火箭发射与飞船回收的过程中均要经受超重或失重的考验．下列说法正确是

A.火箭加速上升时，宇航员处于失重状态
B.飞船加速下落时，宇航员处于超重状态
C.飞船落地前减速，宇航员对座椅的压力小于其重力
D.火箭加速上升时，若加速度逐渐减小时，宇航员对座椅的压力逐渐减小，但仍大于其重力
7、如图所示，超市里的手推车的篮子里装有一个篮球，女孩用力将手推车沿斜面向上匀速推动，篮子的底面平行于斜面，靠近女孩的一侧面垂直于底面，不计一切摩擦，下列说法正确的有（ ）

A.篮子底面受到的压力小于篮球的重力
B.篮子底面受到的压力大于篮球的重力
C.篮子右侧面受到的压力小于篮球的重力
D.篮子右侧面受到的压力大于篮球的重力
8、高铁列车在启动阶段的运动可看作初速度为零的匀变速直线运动，在启动阶段，列车的（　　）
A.位移与它经历的时间成正比 B.瞬时速度与它经历的时间成正比
C.平均速度与它经历的时间成正比 D.加速度与它经历的时间成正比
9、小球的初速度是v1，经过一段时间后速度变为v2，用Δv表示Δt时间内速度的变化量，为了在图中表示加速度a，我们以初速度v1的箭头端为起点，以后来的速度v2的箭头端为终点，作出一个新的箭头，表示速度的变化量Δv。则下图中能正确画出Δv并表示小球做加速度向左运动的是
A. B.
C. D.
10、如图所示，A、B两物块的质量分别为3m和2m，两物块静止叠放在水平地面上A、B间的动摩擦因数为μ，B与地面间的动摩擦因数为μ(μ≠0)．最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g.现对B施加一水平推力F，则下列说法正确的是(　　)

A.若F＝μmg，A、B间的摩擦力一定为零
B.当F＞7.5μmg时，A相对B滑动
C.当F＝3μmg时，A的加速度为μg
D.若去掉B上的力，而将F＝3μmg的力作用在A上，则B的加速度为0.1μg
11、在平直公路上行驶的a车和b车，其位移—时间（x–t）图象分别为图中直线a和曲线b，已知b车的加速度恒定且等于–1m/s2 ，t=3 s时，直线a和曲线b刚好相切，则

A.a车做匀速运动且其速度为va= m/s
B.b车的初速度为 0
C.t=0时，a车和b车的距离4.5 m
D.t=3 s时，a车和b车相遇，此时速度相等
12、甲、乙两个质点同时同地向同一方向做直线运动，甲做匀速运动，乙在前一秒内做匀加速运动，之后做变加速运动，它们的v-t图象如图所示，则下列说法中正确的是（　　）

A.1s前甲在前，1s后乙在前
B.两质点相遇时距出发点40m
C.前4s时间内乙的平均速度大于甲的平均速度
D.前4s时间内质点之间的最大距离可能是11m
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、某同学用如图甲所示实验装置探究“小车速度随时间变化的规律”。

(1)选择器材：实验中，除打点计时器（含纸带、复写纸）、小车、平板、铁架台、导线及开关外，必须使用的仪器还有_____和____。（均填选项代号）
A．电压合适的50 Hz交流电源
B．电压可调的直流电源
C．刻度尺
D．秒表
(2)接通电源后，让拖着纸带的小车沿平板斜面向下运动，重复几次。选出一条点迹比较清晰的纸带，舍去开始密集的点迹，从便于测量的点开始，每两个计数点之间含有4个打出点（图中未画出）。下列操作正确的是____（填选项代号）。
A．先接通电源，后释放纸带
B．先释放纸带，后接通电源
C．释放纸带的同时接通电源
D．先接通电源或先释放纸带都可以
(3)相邻两计数点之间的时间t=____s。
(4)测量各相邻计数点的距离，分别记作x1、x2、x3…x6。0、1、2、5计数点所在位置如图乙所示，则计数点1、2之间的距离x2=_____cm。

(5)若再次经过实验，得到另一纸带，量出相邻计数点的距离分别为x1=1.00cm，x2=2.00cm，x3=3.02cm，x4=4.10cm，x 5=5.12cm，x 6=6.01cm。根据所给的数据计算可得该小车的加速度a=___m/s2（结果保留三位有效数字）。
14、某同学在“验证力的平行四边形定则”的实验中，根据实验数据、按照一定标度画出如图所示的力的图示

(1)图中的力F1、F2、F、不是由弹簧测力计测得的是________;(填字母)
(2)在该实验中需要记录和观察的是________；
A.记录F1、F2的大小和方向
B.记录F1、F2的夹角
C.观察F1、F2的大小是否在误差允许范围内相同
D.观察F、的大小和方向是否在误差允许范围内相同
(3)本实验采用的科学方法是__________
A.理想实验法 B.等效替代法 C.控制变量法 D.放大微小形变法
15、某实验小组用如下图所示的实验装置验证“力的平行四边形定则”

(1)实验步骤如下：
①用一个弹簧测力计测出钩码的重力，记为F；
②将弹簧的一端固定于铁架台上的C处，在竖直放置的木板上贴一张坐标纸，在弹簧末端挂上该钩码，在坐标纸上记下此时弹簧末端的位置O；
③取下钧码，将两条一模一样的橡皮筋套在弹簧末端，用两个弹簧测力计共同将弹簧末端拉到同一位置O，记录此时两橡皮筋伸长的方向，如图所示，并记下弹簧测力计的读数FA和FB；
④选好标度，在坐标纸上画出两只弹簧测力计的拉力FA和FB的图示，并根据平行四边形定则求出合力F'；
⑤按同一标度，在坐标纸上画出挂一个钩码时弹簧所受的拉力F的图示；
⑥比较_________的一致程度，若有较大的差异，对其原因进行分析，作出相应的改进后重新再次实验。
(2)本实验采用的科学方法是等效替代法，等效替代的对象是_________(“橡皮筋”，“弹簧”)
(3)同学们在操作中有如下议论，其中说法正确的有_____
A.两个分力FA、FB间夹角越大越好
B.图中所示的两条橡皮筋的伸长的长度不可能相等
C.弹簧测力计、橡皮筋、弹簧都应与木板平行
D.用两弹簧秤同时拉细绳时两弹簧秤示数之差应尽可能大
三．计算题(22分)
16、（12分）一物体做匀加速直线运动，初速度为0.5m/s，第7s内的位移比第5s内的位移多4m，求：
（1）物体的加速度；
（2）物体在5s内的位移
17、（10分）如图所示，光滑圆轨道固定在竖直面内，一轻弹簧一端连接在圆轨道圆心的光滑转轴上，另一端与圆轨道上的小球相连。开始时小球在圆轨道的最低点处于静止状态，恰好对轨道无压力。现使小球获得水平向右的初速度v0=6m/s，小球刚好能沿圆轨道通过最高点。已知圆轨道的半径r=0.6m，轻弹簧原长L0=0.5m，小球的质量m=0.1kg， 取重力加速度g=10m/s2，求：
（1）该弹簧的劲度系数k；
（2）小球获得水平向右的初速度后，轨道的最低点对小球的支持力大小FN：
（3）小球在最高点的速度大小vmin。

参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、D
【解析】规定初速度方向为正方向，已知初速度v0=20m/s，a=-5m/s2，设汽车从刹车到停止所需的时间为t，根据匀变速运动速度时间公式得：v=v0+at，解得：t==4s，当t1=2s＜t，位移为：x1=v0t1+at12=30m；当t2=5s>t，说明5s内汽车的位移等于汽车从刹车到停止的位移，位移为：x2==40m，所以x1：x2=3：4，故D正确，ABC错误。
故选D。
2、C
【解析】先对AB整体受力分析，由平衡条件知，竖直方向：，水平方向，不受力，故墙面无弹力；隔离A物体分析，必受重力、B对A的弹力和摩擦力作用，受三个力，故物体A除受重力外，还受到的力的个数为2个，故C正确，A、B、D错误；
故选C
3、C
【解析】当A受到的摩擦力达到最大时，此时对于的加速度是AB能够一起运动的最大加速度，根据牛顿第二定律可知 以整体为对象可知
A.2N<6N 故A错误
B.4N<6N 故B错误
C.6N=6N 故C正确
D.8N>6N 故D错误
故选C
4、C
【解析】详解】A.当加速度方向与速度方向相反时，加速度增大，速度减小，故A项错误；
B.物体的速度变化量大，速度变化不一定快，加速度不一定大，故B项错误；
C.加速度是反映速度变化快慢的物理量，速度变化越快，速度变化率越大，加速度越大，故C项正确；
D.当加速度方向与速度方向相反时，加速度不等于零，速度减小，故D项错误
5、C
【解析】A．重力是由地球对物体的吸引产生，但是重力并不是引力，A错误；
BC．重心是重力的等效作用点，与物体的形状和质量分布有关，既可以在物体上，也可以不在物体上，B错误，C正确；
D．重力加速度在地球各处随着纬度和高度的不同而不同，所以同一物体在地球不同的位置重力大小可能不同，D错误。
故选C。
6、D
【解析】A.火箭加速上升时，加速度方向向上，宇航员处于超重状态．故A错误
B.飞船加速下落时，加速度方向向下，宇航员处于失重状态，故B错误．
C.飞船在落地前减速，加速度方向向上，宇航员处于超重状态，宇航员对座椅的压力大于其重力，故C错误．
D.火箭加速上升时，加速度方向向上，宇航员处于超重状态，宇航员对座椅的压力大于其重力，若加速度逐渐减小时依然超重，压力仍大于重力．故D正确．
7、AC
【解析】AB．对篮球受力分析，并运用合成法如图：

根据几何知识，篮子底部对篮球的支持力
N1=mgcosθ
根据牛顿第三定律则篮子底面受到的压力为mgcosθ＜mg，故A正确，B错误；
CD．篮子右面对篮球的支持力
N2=mgsinθ
根据牛顿第三定律则篮子右面受到的压力为mgsinθ＜mg，故C正确D错误。
故选AC。
8、BC
【解析】列车作初速度为零的匀加速直线运动，结合运动学公式，列式分析各个量之间的关系
【详解】由位移公式：可知位移与时间的二次方成正比，故A错误；由速度公式：x=at可知瞬时速度与时间成正比，故B正确；平均速度，则平均速度与时间成正比，故C正确；因为做匀变速直线运动，所以加速度不变，故D错误．所以BC正确，AD错误
【点睛】解决本题的关键是掌握匀变速直线运动的位移时间公式和速度位移公式，通过列式进行分析
9、AD
【解析】A．该图中速度变化量∆v方向向左，加速度向左，故A正确；
B．该图中速度变化量∆v方向向右，加速度向右，故B错误；
C．该图中速度变化量∆v方向向右，加速度向右，故C错误；
D．该图中速度变化量∆v方向向左，加速度向左，故D正确；
故选AD.
10、ABD
【解析】A．B与地面间的最大静摩擦力
fB＝μ×5mg＝μmg，
当F=μmg时，AB处于静止，对A分析，A所受的摩擦力为零，故A正确；
B．A发生相对滑动的临界加速度a=μg，对整体分析，
F−μ•5mg＝5ma，
解得
F=7.5μmg，
所以当F＞7.5μmg 时，A相对B滑动．故B正确；
C．当7.5μmg＞F=3μmg＞μmg，可知AB保持相对静止，一起做匀加速直线运动，加速度
a=＝0.1μg，
故C错误；
D．若去掉B上的力，而将F=3μmg的力作用在A上，B发生相对滑动的临界加速度
a＝＝0.25μg，
对A分析
F-μ•3mg=3ma，
解得不发生相对滑动的最小拉力F=3.75μmg，可知F=3μmg的力作用在A上，一起做匀加速直线运动，加速度
a=＝0.1μg，
故D正确。
故选ABD。
【点睛】本题考查了摩擦力的计算和牛顿第二定律的综合运用，解决本题的突破口在于通过隔离法和整体法求出A、B不发生相对滑动时的最大拉力
11、CD
【解析】A、x-t图象的斜率代表速度，a的图象为倾斜的直线，斜率为恒定值，故a车做匀速直线运动，速度大小为，A错误；
B、t=0时刻，b曲线的切线斜率不为零，故b车的初速度不为零，B错误；
C、t=3 s时，直线a和曲线b刚好相切，故此时b车的速度为．t=0到t=3 s内，b车做匀减速直线运动，可做逆向处理，则t=0到t=3 s内，b车的位移为，故t=0时刻，b车的初始坐标为．所以在t=0时刻，a、b两车相距4.5m，C正确；
D、x-t图象的交点代表相遇，又因两曲线在t=3 s时，刚好相切，瞬时速度刚好相同，则D正确
12、CD
【解析】在速度时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，图象的斜率表示加速度，图象与坐标轴围成面积代表位移，平均速度等于位移除以时间．速度相等时两质点间的距离最大．结合几何知识分析
【详解】A项：1s前甲的速度比乙的大，则甲在前．由图象可知，1s末两质点速度相等，但是没有相遇，所以1s后一段时间内，甲仍在乙的前面，故A错误；
B项：由图象可知，4s末甲离出发点40米，而乙离出发点大于40m，此时两者没有相遇，故B错误；
C项：前4s时间内乙的位移大于甲的位移，时间相同，所以前4s时间内乙的平均速度大于甲的平均速度，故C正确；
D项：在两质点相遇前，1s末两质点之间的距离为5m，但是4s内不是1s末两者相距最远，而是4s末两者相距最远，故最远距离等于两质点位移之差，根据“面积法”知，最大距离大于，可能为11m，故D正确
故选CD
【点睛】本题是速度-时间图象的应用，关键要知道在速度-时间图象中图象与坐标轴围成的面积表示位移，通过面积法分析最大距离

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.A ②.C ③.A ④.0.1 ⑤.1.88（1.86～1.90都给分） ⑥.1.02
【解析】(1)[1][2]A．打点计时器要使用交流电源，电火花打点计时器使用220V的交流电源，电磁打点计时器使用4—6V的交流电源，故电压合适的50 Hz交流电源为必选仪器，A必选，B不选；
C．刻度尺要用来测量纸带的点之间的距离，所以必须要有刻度尺，C必选；
D．打点计时器本身就是计时的仪器，所以不需要秒表，故D不选；
故必选的仪器为A、C；
(2)[3]打点计时器的使用过程中应按照先接通电源，后放开纸带的顺序进行，故选A；
(3)[4]每两个计数点之间含有4个打出点，故相邻计数点的时间间隔
；
(4)[5]由刻度尺的读数可知：
；
(5) 相邻两个计数点间的时间间隔为，由逐差法得：

代入数据得：
。
14、 ①. ②.A D ③.B
【解析】（1）F1、F2是用两个弹簧秤拉橡皮条时的读数，F是用一个弹簧秤拉橡皮条时的读数，F′是F1、F2的理论值，则图中的力F1、F2、F、不是由弹簧测力计测得的是F′.
（2）在该实验中需要记录的是：F1、F2的大小和方向；需要观察的是F、的大小和方向是否在误差允许范围内相同；故选AD.
（3）本实验采用的科学方法是等效替代法，故选B.
15、 ①.F与F/ ②.弹簧 ③.BC
【解析】(1)[1]验证力的平行四边形定则定则实验是利用了分力与合力的等效方法，所以比较的是第一次的F与第二次的FA和FB的合力F′的一致程度。
(2)[2]教材中的实验利用的是橡皮筋，此实验用的是弹簧，用弹簧等效替代了橡皮筋。
(3)[3]A．两个分力FA、FB间夹角适当即可，并不是越大越好，故A错误。
B．图中所示的两条橡皮筋伸长的长度要想相等，只能是合力处于两个橡皮筋的夹角的角平分线上，此题明显不是，故B正确。
C．在实验中，一定要保持弹簧测力计、橡皮筋、弹簧都应与木板平行，故C正确。
D．用两弹簧秤同时拉细绳时弹簧读数没有要求，只要使得两次拉伸到一点就行，故D错误。
故选BC。

三．计算题(22分)
16、（1）2m/s2（2）27.5m
【解析】（1）根据相邻的相等时间里的位移差公式：Δs=aT2，知Δs=4m，T=1s．得：
a=m/s2=2m/s2.
（2）根据位移公式可求得：
s5=v0t+at2=（0.5×5+×2×52）m=27.5m
17、（1）（2）（3）
【解析】考查竖直面内的圆周运动。
【详解】（1）小球在最低点时：

解得；
（2）由向心力公式，有：

解得；
（3）小球在最高点时：

即：

解得：
。