2026届湖北省天门市天门外国语物理高一第一学期期末质量检测试题含解析.doc

2026届湖北省天门市天门外国语物理高一第一学期期末质量检测试题
请考生注意：
1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。
2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、小蔡驾驶的某轿车在某一段时间内作匀加速直线运动，其初速度为，加速度为，则（）
A.该汽车位移与时间的关系式是
B.该汽车速度与时间的关系式是
C.2s内汽车的位移为14m
D.4s时汽车速度为
2、终于到了学校，练老师迅速来到学校操场，主持水火箭发射比赛，如图所示是水火箭升空瞬间的照片。这一有趣的比赛活动引起了同学们关于速度和加速度讨论，下列说法正确的是( ）

A.加速度是描述速度变化快慢的物理量，速度大，加速度一定大
B.速度变化得越快，加速度就变化得越快
C.物体加速度变大，则速度也一定是在变大
D.加速度的方向与速度变化量的方向相同
3、关于速度和加速度，下列说法正确的是
A.物体的速度变化越大，加速度越大
B.加速度为零的物体，速度一定为零
C.物体的加速度的方向一定与速度变化的方向相同
D.物体的加速度方向变化时，速度的方向也要发生变化
4、一辆汽车在教练场上沿平直道路行驶，以x表示它相对出发点的位移．汽车在0~40s内运动的x-t图像如图所示．则汽车

A 10s~20s内做匀速运动
B.前10s内速率是后20s内速率的两倍
C.前10s内与后20s内运动方向相同
D.始终沿同一方向运动
5、图为一物体做直线运动的v－t图象，则在0～t1和t1～t2时间内(　　)

A.速度方向相同，加速度方向相同
B.速度方向相同，加速度方向相反
C.速度方向相反，加速度方向相同
D.速度方向相反，加速度方向相反
6、 “蹦极”是一项非常刺激的体育运动.某人身系弹性绳自高空P点自由下落，图中a点是弹性绳的原长位置，c是人所到达的最低点，b是人静止地悬吊着时的平衡位置，空气阻力不计，则人从P点落下到最低点c的过程中（　　）

A.人从a点开始做减速运动，一直处于失重状态
B.在ab段绳拉力小于人的重力，人处于超重状态
C.在bc段绳的拉力大于人的重力，人处于超重状态
D.在c点，人的速度为零，其加速度也为零
7、如图所示，A、B两物体用两根轻质细线分别悬挂在天花板上，两细线与水平方向夹角分别为60°和45°，A、B间拴接的轻质弹簧恰好处于水平状态，则下列计算正确的是（　　）

A.A、B所受弹簧弹力大小之比为
B.A、B的质量之比为以
C.悬挂A、B的细线上拉力大小之比为
D.快速撤去弹簧的瞬间，A、B的瞬时加速度大小之比为
8、如图t=0时，甲乙两汽车从相距70km的两地开始相向行驶，它们的图象如图所示，忽略汽车掉头所需时间，下列对汽车运动状况的描述正确的是（　　）

A.第1小时末，乙车改变运动方向
B.在第2小时末，甲乙两车相距10km
C.在前4小时内，乙车运动加速度的大小总比甲车的大
D.在第4小时末，甲乙两车相遇
9、如图甲所示，光滑水平面上停放着一辆表面粗糙的平板车，质量为M，与平板车上表面等高的平台上有一质量为m的滑块以水平初速度向着平板车滑来，从滑块刚滑上平板车开始计时，之后它们的速度随时间变化的图象如图乙所示，是滑块在车上运动的时间，以下说法中正确的是

A.滑块最终没有滑离平板车
B.滑块与平板车的质量相等
C.滑块与平板车表面的动摩擦因数为
D.平板车上表面的长度为
10、如图所示，一小球自空中自由落下，与正下方的直立轻质弹簧接触，直至速度为零的过程中，关于小球运动状态的下列几种描述中，正确的是( )

A.接触后，小球作减速运动，加速度的绝对值越来越大，速度越来越小，最后等于零
B.接触后，小球先做加速运动，后做减速运动，其速度先增加后减小直到为零
C.接触后，速度为零的地方就是弹簧被压缩最大之处，加速度为零的地方也是弹簧被压缩最大之处
D.接触后，小球速度最大的地方就是加速度等于零的地方
11、下列说法正确的是（　　）
A.质量越大的物体惯性也越大
B.单位m、kg、s是国际单位制中的基本单位
C.物体只有受到力的作用才会运动
D.几个共点力的合力大小可能比这几个共点力都要小
12、用轻弹簧竖直悬挂质量为m的物体，静止时弹簧伸长量为L。现用该弹簧沿斜面方向拉住质量为2m的物体，系统静止时弹簧伸长量也为L。已知斜面倾角为30°，重力加速度为g，则下列说法正确的是( )

A.木块受到三个作用力
B.本块所受斜面的摩擦力等于零
C.斜面受到地面的摩擦力方向水平向左
D.斜面对木块的作用力大小为2mg，方向竖直向上
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、在做"研究平抛运动"的实验时，让小球多次从同一高度释放沿同一轨道运动，通过描点法画出小球做平抛运动的轨迹。如图所示，在方格纸上画出小球做平抛运动的轨迹以后，又在轨迹上取a、b、c、d四个点（轨迹已擦去）。已知方格纸的边长。请你根据方格纸上的信息，通过分析计算完成下面几个问题：

(1)小球平抛运动的初速度__________m/s；
(2)小球运动到b点的竖直分速度是__________m/s；
(3)从抛出点到b点的竖直高度__________m。
14、 “用DIS研究加速度与力的关系”的实验装置如图a所示，实验中用所挂钩码的重量作为细线对小车的拉力F，通过增加钩码的数量，多次测量，可得小车运动的加速度a和所受拉力F的关系图像。他们在轨道水平和倾斜的两种情况下分别做了实验，得到了两条a— F图线，如图b所示。

(1)图线_________（填“①”或者“②”）是在轨道右侧抬高成为斜面情况下得到的。
(2)在轨道为斜面情况下，轨道倾斜的角度为θ=370，则小车与轨道面的动摩擦因数μ=______________（已知sin37°＝0.6，cos37°＝0.8）。
(3)在轨道水平时，小车运动的阻力F1=_________N。
(4)图b中，拉力F较大时，a— F图线明显弯曲，产生误差，为避免此误差可采取的措施是_________（填选项字母）
A．调整轨道的倾角，在未挂钩码时使小车能在轨道上匀速运动
B．增加钩码数量的同时在小车上增加砝码，使钩码的总质量始终远小于小车的总质量
C．将无线力传感器捆绑在小车上，再将细线连在力传感器上，用力传感器读数代替钩码的重力
D．更换实验中使用的钩码规格，采用质量较小的钩码进行上述实验
15、“探究弹簧伸长量与弹力的关系”实验装置如图甲所示
（1）实验测得弹簧弹力F以及弹簧伸长量x的数据点如图乙所示．请在答题卡的坐标纸上作出F-x关系图线。
（ ）
（2）根据所作图线．求得弹簧的劲度系数k=___________N/m．（结果保留2位有效数字）

三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示，一质量不计的弹簧原长为，一端固定于质量的物体上，另一端施一水平拉力F。（设最大静摩擦力与滑动摩擦力相等，弹簧始终在弹性限度内，）
(1)若物体与水平面间的动摩擦因数为0.45，当弹簧拉长至时，物体恰好向右匀速运动，弹簧的劲度系数多大？
(2)若将弹簧压缩至，物体受到的摩擦力？
(3)若将弹簧拉长至，物体受到的摩擦力？

17、（10分）一只气球以10 m/s的速度匀速上升，某时刻在气球正下方距气球6 m处有一小石子以一定的初速度竖直上抛，g＝10m/s2 ，不计空气阻力。试求：
（1）若一小石子以20 m/s的初速度竖直上抛，通过计算判断石子能否追上气球；
（2）若气球以7 m/s的速度匀速上升，小石子仍以20 m/s的初速度竖直上抛，其余条件不变，则石子用多少时间追上气球。
参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、A
【解析】AB．汽车位移与时间的关系式

故A正确，B错误；
C．2s内汽车的位移
s=10t+2t2=10×2+2×4m=28m。
故C错误；
D．根据速度时间公式得，4s时的速度
v=v0+at=10+4×4m/s=26m/s。
故D错误；
故选A。
2、D
【解析】A.加速度是描述速度变化快慢的物理量，速度大，加速度不一定大，选项A错误；
B.速度变化得越快，说明加速度越大，选项B错误；
C.物体加速度变大，说明速度变化越快，但速度不一定是在变大，选项C错误；
D.加速度的方向与速度变化量的方向相同，选项D正确。
故选D。
3、C
【解析】A．物体的速度变化大，因时间不确定，加速度大小无法确定，故A错误；
B．加速度为零的物体，速度不一定为零，可能很大，故B错误；
C．由加速度的定义式 可知物体的加速度的方向一定与速度变化的方向相同，故C正确；
D．物体的加速度方向变化时，速度的方向不一定发生变化，例如原来物体做加速直线运动，加速度方向变化后开始一段时间内物体仍沿原来方向做减速运动，速度方向没有变化，故D错误。
故选择C选项。
4、B
【解析】A．位移时间图象的“斜率”等于速度，倾斜的直线运动表示匀速直线运动，平行于时间轴的图线表示静止，故10s～20s内汽车处于静止状态，故A错误；
B．前10s内速率为：

后20s内速率为：

前10s内速率是后20s内速率的两倍，故B正确；
CD．前10s内，图象的“斜率”为正，汽车正向匀速直线运动；后20s内，图象的“斜率”为负，汽车反向匀速直线运动，故C、D错误。
5、B
【解析】从图中我们可以得出0～t1阶段物体做的是匀加速直线运动，当速度方向和加速度方向相同时，物体做匀加速直线运动，速度方向为正方向，所以加速度方向为正方向，t1～t2时间内物体做的是匀减速直线运动，当物体的速度方向和加速方向相反时，物体做减速运动，速度朝着正方向，所以加速沿负方向，故B正确
6、C
【解析】ABC．在Pa段绳还没有被拉长，人做自由落体运动，所以处于完全失重状态，在ab段绳的拉力小于人的重力，人受到的合力向下，有向下的加速度，处于失重状态；在bc段绳的拉力大于人的重力，人受到的合力向上，有向上的加速度，处于超重状态，故A、B错误，C正确；
D．在c点，绳的形变量最大，绳的拉力最大，人受到的合力向上，有向上的加速度，处于超重状态，故D错误；
故选择：C。
7、BD
【解析】A．同一根弹簧弹力相等，A、B所受弹簧弹力大小之比为1：1，故A错误；
B．对A、B两个物体受力分析，并合成矢量三角形，如图所示：

A、B都处于静止状态，受力平衡，则有：
对物体A：

对物体B：

则：

B正确；
C．悬挂A、B细线上的拉力之比：

C错误；
D．快速撤去弹簧瞬间，小球做圆周运动，速度为0，在向心方向上合力为零，加速度由重力在切线方向的分力提供：

两小球加速度之比：

D正确。
故选BD。
8、BC
【解析】A．由图可知，2小时内乙车一直做反方向的运动，1小时末开始减速但方向没有变，故A错误；
B．图象与时间轴围成的面积为汽车运动的位移，则可知，2小时内，甲车正向运动的位移为

而乙车反向运动，其位移大小为

因两车相向运动，且初始时刻相距70km，则2小时末时，两车还相距

故B正确；
C．图象的斜率表示加速度，由图可知，乙车的图象斜率总是大于甲车的图象的斜率，故乙车的加速度总比甲车的大，故C正确；
D．4小内甲车的总位移为

而乙车的总位移为

即乙车的位移为正方向的30km，两车原来相距70km，4小时末时，甲车离出发点120km，而乙车离甲车的出发点

故此时甲乙两车不相遇，故D错误。
故选BC。
9、BCD
【解析】根据图线知，铁块在小车上滑动过程中，铁块做匀减速直线运动，小车做匀加速直线运动．根据牛顿第二定律通过它们的加速度之比求出质量之比，以及求出动摩擦因数的大小．根据运动学公式分别求出铁块和小车的位移，从而求出两者的相对位移，即平板车的长度．物体离开小车做平抛运动，求出落地的时间，从而根据运动学公式求出物体落地时与车左端的位移
【详解】由图象可知，滑块运动到平板车最右端时，速度大于平板车速度，所以滑块将做平抛运动离开平板车，故A错误；根据图线知，滑块的加速度大小．小车的加速度大小a2=，知铁块与小车的加速度之比为1：1，根据牛顿第二定律得，对滑块：f=ma1，对小车：f=Ma2，则滑块与小车的质量之比m：M=1：1．故B正确．滑块的加速度a1=μg，又a1=，则，故C正确；滑块的位移，小车的位移，则小车的长度，故D正确．故选BCD
【点睛】解决本题的关键理清小车和铁块的运动情况，搞清图像的物理意义，结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解
10、BD
【解析】从小球下落到与弹簧接触开始，一直到小球速度为零的过程中，小球受竖直向下的重力和弹簧对小球竖直向上的弹力
开始时弹簧的弹力小于重力，小球受到的合力向下，加速度向下，速度也向下，做加速运动；随着弹簧压缩量的增大，弹簧弹力增大，合力越来越小，加速度越来越小，做加速度减小的加速运动
当弹簧弹力等于小球重力时，合力为零，加速度为零，速度达到最大值
之后弹簧弹力大于小球重力，合力向上，加速度向上，速度向下，做减速运动；随着弹簧压缩量的增大，弹簧弹力增大，合力越来越大，加速度越来越大，做加速度增大的减速运动直至速度为零到达压缩最大之处
综上，BD项正确
11、ABD
【解析】A．惯性是物体的固有属性，仅与质量有关，质量是物体惯性大小的唯一量度，所以质量越大的物体惯性也越大，故A正确；
B．在国际单位制中m、kg、s都是基本单位，故B正确；
C．根据牛顿第一定律可知力不是维持物体运动的原因，当物体不受力时可以做匀速直线运动，故C错误；
D．合力和分力之间没有大小关系，几个共点力的合力大小可能比这几个共点力都要小，故D正确。
故选ABD。
12、AB
【解析】弹簧竖直悬挂物体时，对物体受力分析，根据共点力平衡条件有：F=m g=kL。
物体放在斜面上时，假设物体受斜面的摩擦力方向向上，再次对物体受力分析如图：

根据共点力平衡条件有：F+f-2mgsin30°=0，其中F=kL，
由以上解得：f=0，故A、B正确，C错误；
斜面对木块的作用力即为支持力，方向垂直于斜面向上，选项D错误。
故选AB。

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.1.2 ②.0.9 ③.0.0405
【解析】(1)[1]在竖直方向上根据图像可知

解得

则初速度为

(2)[2]小球在b点的竖直分速度等于ac间在竖直方向上的平均速度，则

(3)[3]从抛出点到b点经历的竖直高度根据自由落体运动公式有

代入数据可解得h=0.0405m。
14、 ①.① ②.0.5 ③.0.5 ④.C
【解析】(1)[1]由图象可知，当时，。也就是说当绳子上没有拉力时小车就有加速度，该同学实验操作中平衡摩擦力过大，即倾角过大，平衡摩擦力时木板的右端垫得过高。所以图线①是在轨道右侧抬高成为斜面情况下得到的。
(2)[2]根据图象时，，根据牛顿第二定律

即

解得

(3)[3]图线②是在轨道水平时做的实验，由图象可知：当拉力等于时，加速度恰好为零，即刚好拉动小车，此时

(4)[4]随着钩码的数量增大到一定程度时图(b)的图线明显偏离直线，造成此误差的主要原因是所挂钩码的总质量太大，而我们把用钩码所受重力作为小车所受的拉力，所以消除此误差可采取的简便且有效的措施应该测量出小车所受的拉力，即在钩码与细绳之间放置一力传感器，得到力的数值，再作出小车运动的加速度和力传感器读数的关系图象，故选C。
15、 ①. ②.54
【解析】[1]用过原点的直线将点连起来：
；
[2]图像的斜率即弹簧的劲度系数：
。

三．计算题(22分)
16、 (1)；(2)16N、方向水平向右；(3)18N、方向水平向左
【解析】(1)由物体恰好匀速运动

根据胡克定律，可得

联立，解得

弹簧的劲度系数为400N/m。
(2)根据胡克定律，可得

代入数据，得

此时，物体不动，由二力平衡，可得

若将弹簧压缩至，物体受到的摩擦力大小16N，方向水平向右。
(3)根据胡克定律，可得

代入数据，得

则，物体所受滑动摩擦力

若将弹簧拉长至，物体受到的摩擦力大小为18N，方向水平向左。
17、（1）追不上 （2）0.6s
【解析】（1）令两者速度相等：

速度相等时，两者最有可能相遇，此时两者缩小的距离为：
< 6 m
所以，石子追不上气球。
（2）令两者速度相等：

速度相等时，两者最有可能相遇，此时两者缩小的距离为：
> 6 m
所以，石子能追上气球。
令
（舍去）
所以经过0.6s石子追上气球。