内蒙古巴彦淖尔市临河区第三中学2026届高一上物理期末调研模拟试题含解析.doc

内蒙古巴彦淖尔市临河区第三中学2026届高一上物理期末调研模拟试题
考生请注意：
1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。
2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。
3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、2018年9月2号刚刚结束的亚运会中，中国队包揽了跳水项目的全部10 金．图示为跳水运动员在走板时，从跳板的a端缓慢地走到b端，跳板逐渐向下弯曲（相当于斜面倾角不断变大），在此过程中，跳板对运动员的（ ）

A.摩擦力不断增大
B.作用力不断减小
C.作用力不断增大
D.支持力不断增大
2、如图所示，自由下落的小球下落一段时间后，与弹簧接触，从它接触弹簧开始，到弹簧压缩到最短的过程中，则（　　）

A.小球一直做减速运动
B.小球所受的弹簧弹力等于重力时，小球速度最大
C.小球一直处于超重状态
D.小球处于先超重后失重状态
3、手机给人民生活带来很多便利，手机导航APP极大地方便了“不识路”的驾车一族，如图为某车主从宿迁到南京的手机导航图，下列说法正确的是（　　）

A.图中“249公里”指的是位移
B.图中“2小时49分”指的是时刻
C.图中“12：21”指的是时间隔
D.研究汽车在导航图中的位置时，可把汽车看作质点
4、伽利略在研究力和运动关系的时候，用两个对接的斜面，一个斜面固定，让小球从斜面上滚下，又滚上另一个倾角可以改变的斜面，斜面倾角逐渐改变至零，如图所示。伽利略设计这个实验的目的是为了说明（　　）

A.如果没有摩擦，小球将运动到释放时相同的高度
B.力是产生加速度的原因
C.维持物体做匀速直线运动并不需要力
D.如果物体不受到力，就不会运动
5、如图所示，一个小木块在斜面上匀速下滑，则小木块受到的力是（ ）

A.重力、弹力和摩擦力
B.重力、弹力和下滑力
C.重力、弹力、下滑力和摩擦力
D.重力、下滑力和摩擦力
6、如图所示，一圆弧形支架固定在斜面上，用一根细线系住一重为G的小球，悬挂在支架的最高点A点，此时小球与斜面刚好接触，现把悬挂点由A点缓慢移动到B点，悬挂点在B点时细线刚好与斜面平行，则在缓慢移动悬挂点的过程中( )

A.细绳对球的拉力一直减小
B.细绳对球的拉力先增大后减小
C.细绳对球的拉力先减小后增大
D.斜面对小球的支持力先增大后减小
7、以下是必修1课本中四幅插图，关于这四幅插图下列说法正确的是（）

A.甲图中学生从起立到站直的过程中，体重计的示数先减小后增大
B.乙图中赛车的质量较小，却安装着牵引力很大的发动机，目的是获得很大的加速度
C.丙图中海豚的身体呈流线型，可以减小海豚运动中的阻力
D.丁图中运动员推开冰壶后，冰壶在冰面做匀速直线运动
8、已知一质量m＝1kg的物体在倾角α＝37°的固定斜面上恰能匀速下滑，当对该物体施加一个沿斜面向上的推力F时，物体恰能匀速上滑．下列说法正确的是( ) (g取10 m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)
A.物体与斜面间的动摩擦因数μ=0.75
B.物体与斜面间的动摩擦因数μ=0.5
C.推力F =10N
D.推力F =12N
9、一个物体受几个共点力的作用而处于平衡状态，当其中一个力的大小逐渐减小到零然后又恢复到原值的过程中（）
A.其加速度先增大，后减小
B.其加速度先增大，后反方向减小
C.其速度一直在增大，最后达最大
D.其最终将回到原来位置，并保持平衡状态
10、如图所示，在水平面上固定着四个完全相同的木块，一颗子弹以水平速度v射入。若子弹在木块中做匀减速直线运动，当穿透第四个木块（即D位置）时速度恰好为零，下列说法正确的是（　　）

A.子弹从O运动到D全过程平均速度小于B点的瞬时速度
B.子弹通过每一部分时，其速度变化量
C.子弹到达各点的速率
D.子弹穿过每个木块经历的时间
11、细绳拴一个质量为m的小球，小球用固定在墙上的水平轻质弹簧支撑，小球与弹簧不粘连，平衡时细绳与竖直方向的夹角为53°，如右图所示．(已知 cos53°＝0.6，sin53°＝0.8)以下说法正确的是( )

A.小球静止时弹簧的弹力大小为mg
B.小球静止时细绳的拉力大小为mg
C.细线烧断瞬间小球的加速度立即为g
D.细线烧断瞬间小球的加速度立即为g
12、如图所示，传送带倾角，从A到B的长度为,传送带以的速度逆时针转动，在传送带上端无初速度放一个质量为m＝0．5kg的物体，它与传送带之间的动摩擦因数＝0.5，则物体从A运动到B( )（sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g取10m／s2）

A.一直做匀加速直线运动 B.先加速后匀速
C.运动1s后与传送带速度相同 D.A运动到B的时间为2s
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、在“探究加速度与力、质量的关系”试验中：
(1)以下实验操作，正确的是_____________
A．平衡摩擦力时，应将空砝码盘用细线跨过定滑轮系在小车上，让细线与长木板平行
B．平衡摩擦力时，应将纸带连接在小车上并穿过打点计时器
C．每次改变小车质量时，不需要重新平衡摩擦力
D．实验时，应先释放小车，再接通电源
(2)为了探究小车（包括里面所装钩码）总质量M一定时，加速度a与合力F的定量关系，需要在砝码盘里面添加砝码来改变小车所受到的合力．砝码质量m和小车总质量M分别选取下列四组值：
A．M=500g，m分别为50g、70g、100g、125g
B．M=500g，m分别为20g、30g、40g、50g
C．M=200g，m分别为50g、70g、100g、125g
D．M=200g，m分别为30g、40g、50g、60g
若其它操作都正确，那么应该选用_________组值（选填字母代号）进行实验时的实验误差较小
(3)下图是实验中得到的一条已打点的纸带，纸带上的A、B、C、D、E、F、G均为相邻计数点，已知打点计时器的打点周期为0.02s，相邻两个计数点之间还有4个计时点未画出，相邻计数点之间的距离已标注在图上，则小车运动的加速度大小a=____m/s2，打C点时的速度大小vC=____m/s．（以上结果都保留2位有效数字）

(4)某学生在平衡摩擦力时，使得长木板倾角偏大．他所得到的a-F关系是图中的哪根图线？（图中a是小车的加速度，F是细线作用于小车的拉力）．答：________________
A、 B、
C、 D、
14、某同学利用如图所示装置来验证力的平行四边形定则。在竖直木板上铺有白纸，固定两个光滑的滑轮A和B，将绳子打一个结点O，每个钩码的质量相等，当系统达到平衡时，根据钩码个数读出三根绳子的拉力F1、F2、F3，回答下列问题。

（1）改变钩码个数，实验能完成的是（ ）
A．N1 = N2 = 2，N3 = 4
B．N1 = N3 = 3，N2 = 7
C．N1 = 3，N2 = 5，N3 = 6
D．N1 = 3，N2 = 5，N3 = 9
（2）在拆下钩码和绳子前，最重要的一个步骤是（ ）
A．标记结点O的位置，并记录OA、OB、OC三段绳子的方向
B．量出OA、OB、OC三段绳子的长度
C．用量角器量出三段绳子之间的夹角
D．用天平测出钩码的质量
（3）在作图时，你认为图中___________（选填“甲”或“乙”）是正确的。

15、某组同学设计了“探究加速度a与物体所受合力F及质量m的关系”实验．如图甲为实验装置简图，A为小车，B为电火花计时器，C为装有细砂的小桶，D为一端带有定滑轮的长方形木板，实验中认为细绳对小车拉力F等于细砂和小桶的总重量，小车运动的加速度a可用纸带上打出的点求得

（1）如图乙为某次实验得到的纸带，已知实验所用电源的频率为50 Hz．根据纸带可求出电火花计时器打B点时的速度为________m/s，小车的加速度大小为________m/s2．(结果均保留两位有效数字)
（2）在“探究加速度a与质量m的关系”时，某同学按照自己的方案将实验数据都在坐标系中进行了标注，但尚未完成图象(如图所示)．请继续帮助该同学作出坐标系中的图象___________

（3）在“探究加速度a与合力F的关系”时，该同学根据实验数据作出了加速度a与合力F的图线如图所示，该图线不通过坐标原点，试分析图线不通过坐标原点的原因:__________

三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示，用劲度系数k＝1000N/m、原长L＝10cm的轻弹簧将质量均为m＝1kg的两木块A、B连在一起，放在倾角α＝30°的传送带上，两木块与传送带间的动摩擦因数均为μ＝，用于传送带平行的细线拉住木块A，传送带按图示方向匀速转动，两木块处于静止状态．（弹簧始终处于弹性限度内，重力加速度g＝10m/s2）求：

（1）两木块之间的距离lAB；
（2）剪断细线瞬间，两木块加速度分别为多大
17、（10分）四旋翼无人机是一种能够垂直起降的小型遥控飞行器，目前正得到越来越广泛的应用．一架质量m=2 kg的无人机，其动力系统所能提供的最大升力F=36 N，运动过程中所受空气阻力大小恒为f=4 N．(g取10 m／s2)

(1)无人机在地面上从静止开始，以最大升力竖直向上起飞．求在t=5s时离地面的高度h；
(2)当无人机悬停在距离地面高度H=100m处，由于动力设备故障，无人机突然失去升力而坠落．求无人机坠落到地面时的速度v；
(3)接(2)问，无人机坠落过程中，在遥控设备的干预下，动力设备重新启动提供向上最大升力．为保证安全着地（到达地面时速度为零），求飞行器从开始下落到恢复升力的最长时间t1
参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、A
【解析】运动员受力平衡，列出摩擦力和支持力的表达式，根据表达式分析随θ增大，摩擦力、支持力的变化；根据运动员受力平衡，分析跳板对运动员的作用力的变化
【详解】设运动员质量为m，跳板与水平方向的夹角为θ，运动员受力平衡，对运动员受力分析，则
跳板对运动员的摩擦力：Ff=mgsinθ，随θ增大，摩擦力增大；
跳板对运动员的支持力：FN=mgcosθ，随θ增大，支持力减小；
运动员受力平衡，跳板对运动员的作用力与重力等大反向，不变．故A正确，BCD错误
故选：A
2、B
【解析】小球接触弹簧上端后受到两个力作用：向下的重力和向上的弹力．在接触后的前一阶段，重力大于弹力，合力向下，因为弹力F=kx不断增大，所以合外力不断减小，故加速度不断减小，由于加速度与速度同向，因此速度不断变大．当弹力逐步增大到与重力大小相等时，合外力为零，加速度为零，速度达到最大．后一阶段，即小球达到上述位置之后，由于惯性小球仍继续向下运动，但弹力大于重力，合外力竖直向上，且逐渐变大，因而加速度逐渐变大，方向竖直向上，小球做减速运动，当速度减小到零时，达到最低点，弹簧的压缩量最大；因加速度先向下后向上，故物体先失重后超重；故B正确，ACD错误．故选B
点睛：本题考查了牛顿第二定律的综合应用，学生容易出错的地方是：认为物体一接触弹簧就减速．对弹簧的动态分析也是学生的易错点，在学习中要加强这方面的练习
3、D
【解析】A．图中的“249公里”指的是轨迹的长度，是路程，故A错误；
B．图中的“2小时49分”指的是时间间隔，故B错误；
C．图中“12：21”是到达的时间，指的是时刻，故C错误；
D．在图中研究汽车在导航图中位置时，汽车的大小和形状能够忽略，可以将汽车视为质点，故D正确；
故选D。
4、C
【解析】伽利略的理想斜面实验证明了：运动不需力来维持，物体不受外力作用时，总保持原来的匀速直线运动状态或静止状态，故ABD错误，C正确。
故选C。
5、A
【解析】小木块在斜面上匀速下滑，处于平衡状态，则小木块受到重力、斜面对物块的弹力和斜面对物块的摩擦力作用，故A正确，BCD错误。
故选A。
6、A
【解析】对小球受力分析，根据小球所受的合力为零，拉力和支持力的合力大小和方向不变，抓住支持力的方向不变，绳子的拉力方向改变，通过作图法判断拉力的大小变化情况和支持力的变化情况.
【详解】以小球为研究对象，其受力分析如图所示：

因题中“缓慢”移动悬挂点，故小球处于动态平衡，由图知在悬挂点由A点缓慢移动到B点的过程中，F与G的合力与G等大反向共线；细绳对球的F一直减小，当绳子与斜面平行时，F与N垂直，F有最小值；而斜面对小球的支持力一直增大；故选A.
【点睛】本题是力平衡中的动态分析问题，关键是明确小球的受力情况，然后根据平衡条件列式分析.
7、BC
【解析】A．甲图中学生从起立到站直的过程中，其先加速上升，后减速上升，故其加速度的方向先向上后向下，故它先处于超重状态后处于失重状态，所以体重计的示数先增大后减小，选项A错误；
B．乙图中赛车的质量较小，却安装着牵引力很大的发动机，根据F=ma可知，其目的是获得很大的加速度，选项B正确；
C．丙图中海豚的身体呈流线型，可以减小海豚运动中的阻力，选项C正确；
D．丁图中运动员推开冰壶后，冰壶在冰面受到摩擦力的作用而做减速直线运动，选项D错误。
故选BC。
考点：超重与失重，牛顿第二定律。
8、AD
【解析】AB．当物体恰能沿斜面匀速下滑时，对物体进行受力分析如图甲所示。

由力的平衡条件可知：
，
代入数值解得
，
A正确B错误；
CD．当物体恰能沿斜面匀速上滑时，对物体进行受力分析如图乙所示。

由力的平衡条件可知：
，
代入数值解得
F=12N，
C错误D正确。
故选AD。
9、AC
【解析】ABC．当保持其它力不变，仅使其中的一个力由大逐渐减小到零，然后又恢复到原值的过程中，合力先增大再减小，方向不变，则加速度先增大后减小，由于加速度方向与速度方向一直相同，则物体一直做加速运动，速度一直在增加，故AC正确，B错误；
D．由于物体的速度方向不变，物体一直向前运动，没有回到原来的位置，故D错误。
故选AC。
10、AC
【解析】A．全程的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，根据匀变速直线运动的推论可知，中间时刻的瞬时速度一定小于中间位置时的速度，故A正确；
B．由于子弹的速度越来越小，故穿过每一个木块的时间不相等，故速度的差值不相等，故B错误；
C．将子弹的运动反向视为初速度为零的匀加速直线运动，则由可知，通过的速度之比为：，子弹到达各点的速率

故C正确；
D．将子弹的运动反向视为初速度为零的匀加速直线运动，则由可知，反向通过各木块用时之比为；子弹穿过每个木块经历的时间

故D错误。
故选AC。
11、AD
【解析】小球静止时，分析受力情况，如图；

由平衡条件得：弹簧的弹力大小为：F=mgtan53°=mg；细绳的拉力大小为：．故A正确，B错误；细绳烧断瞬间弹簧的弹力不变，则小球所受的合力与烧断前细绳拉力的大小相等、方向相反，则此瞬间小球的加速度大小为：．故C错误，D正确．故选AD
【点睛】本题中小球先处于平衡状态，由平衡条件求解各力的大小，后烧断细绳，小球处于非平衡条件，抓住细绳烧断瞬间弹簧的弹力不变是关键
12、CD
【解析】开始时，物体受到传送带向下的摩擦力向下做加速运动，根据牛顿第二定律，则：a1＝=gsinθ+μgcosθ=10×0.6+0.5×10×0.8=10m/s2，当物体与传送带相对静止时，物体的位移：；，即运动1s后与传送带速度相同，则：x2=16-5=11m；因为mgsinθ＞μmgcosθ，物体与传送带不能保持相对静止，继续加速运动，此后物体的加速度 a2＝=gsinθ-μgcosθ=10×0.6-0.5×10×0.8=2m/s2．则：x2＝vt+a2t2；代入数据解得：t2=1s；故共耗时t=t1+t2=2s．故选项CD正确，AB错误；故选CD.

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.（1）B C ②.（2）B ③.（3）0.91m/s2； ④.0.40m/s ⑤.（4）C
【解析】（1）探究加速度与拉力的关系实验时，要平衡摩擦力，平衡摩擦力时，要求小车在无动力的情况下平衡摩擦力，不需要挂任何东西．本实验的变量比较多，有加速度、力、质量等，因此为了探究它们之间关系，采用了控制变量法；操作过程是先接通打点计时器的电源，再放开小车；
（2）实验时要求小车质量M要远远大于砂及砂桶的质量m，根据这个要求做出选择即可
（3）根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上C点时小车的瞬时速度大小
（4）若平衡摩擦力过大，则不加外力时小车就有加速度，由图像反应的信息进行判断；
【详解】（1）平衡摩擦力时，应不挂砝码及砝码盘，只让小车拖着穿过打点计时器的纸带在长木板上做匀速运动，选项A错误，B正确；每次改变小车质量时，小车的重力沿斜面分力和摩擦力仍能抵消，不需要重新平衡摩擦力，选项C正确；实验时，应先接通电源，再释放小车，选项D错误；故选BC.
（2）实验时要求小车质量M要远远大于砂及砂桶的质量m，只有B中M与m相差最大，故选B
（3）由于每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s，设A到B之间的距离为x1，以后各段分别为x2、x3、x4、x5、x6，根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：x4-x1=3a1T2 ；x5-x2=3a2T2 ； x6-x3=3a3T2 ；为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值得：a=（a1+a2+a3）；即小车运动的加速度计算表达式为：a==m/s2=0.91m/s2
根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上C点时小车的瞬时速度大小．
（4）把长木板的一端垫得过高，使得倾角偏大，会导致重力沿斜面向下的分力偏大，摩擦力偏小，而且重力沿斜面向下的分力大于摩擦力，这样在没有绳子的拉力作用下，小车就会产生加速度．故选C
【点睛】探究加速与力的关系实验时，要平衡摩擦力、应根据纸带求出小车的加速度，掌握实验的实验注意事项是正确解题的关键．对于力学中的基础实验一定要到实验室内亲自做一些，才能体会实验步骤、实验器材等基础知识，若不做实验而是通过背实验的方式学习实验往往效果不好
14、 ①.C ②.A ③.甲
【解析】（1）[1]要使结点O处于平衡状态，三根绳子的拉力F1、F2、F3的合力应为零，在力之间有夹角的情况下，应使其中一个力的大小处在另外两个力之差与之和的范围内。
故选C。
（2）[2]A．在拆下钩码和绳子前，最重要的一个步骤是标记结点O的位置，并记录OA、OB、OC三段绳子的方向，A正确；
BC．OA、OB、OC三段绳子的长度和三段绳子之间的夹角不必测量，BC错误；
D．由于每个钩码质量相同，三个力的大小可以用钩码重力的倍数来表示，故不需要测出钩码的质量，D错误。
故选A。
（3）[3]由于绳子OC段拉力一定竖直向下，故F3方向一定竖直向下，可知甲图正确。
故选甲。
15、 ①.1.6； ②.3.2； ③.； ④.实验前没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不够
【解析】（1）根据平均速度等于中间时刻瞬时速度求解B点的速度，根据△x=aT2求解加速度；
（2）图线不通过坐标原点，当F为某一值时，加速度为零，知平衡摩擦力不足
【详解】①B点的速度等于AC段的平均速度，故，
从纸带上看出，相邻两点间位移之差为一恒量，△x=0.51cm，根据△x=aT2得，
②如图所示：

③从图中可以看出，拉力F增大到一定的值才有加速度，故是没有平衡摩擦力，或者平衡摩擦力不足；
【点睛】本题考查了打点计时器应用及打出的纸带的处理方法，有利于学生基本知识的掌握，同时也考查了学生对实验数据的处理方法，及试验条件的掌握，平衡摩擦力的方法

三．计算题(22分)
16、（1）11.25cm（2）0 ， 25m/s2　
【解析】对下面的木块受力分析，根据共点力平衡条件求解出弹力，根据胡克定律求解出伸长量；对下面和上面的木块分别受力分析，根据牛顿第二定律列式求解加速度
【详解】（1）对下面的木块受力分析，受重力、支持力、平行斜面向下的滑动摩擦力、弹簧的拉力，根据平衡条件，有：mgsin30°+μmgcos30°﹣k•△x＝0
代入数据解得：△x=0.012m＝1.25cm
故两个物体间的距离为：lAB＝L+△x＝10cm+1.25cm＝11.25cm
（2）剪断细线瞬间，下面木块受力不变，故加速度为零；
对上面木块，受重力、支持力、弹簧的拉力、平行斜面向下的滑动摩擦力，根据牛顿第二定律，有：mgsin30°+μmgcos30°+k•△x＝ma
代入数据解得：a＝25m/s2
【点睛】本题关键是采用隔离法，受力分析后根据共点力平衡条件、牛顿第二定律、胡克定律列式求解
17、（1）75m（2）40m/s （3）
【解析】（1）由牛顿第二定律 F﹣mg﹣f=ma
代入数据解得a=6m/s2
上升高度
代入数据解得 h=75m
（2）下落过程中 mg﹣f=ma1
代入数据解得
落地时速度 v2=2a1H，
代入数据解得 v=40m/s
（3）恢复升力后向下减速运动过程 F﹣mg+f=ma2
代入数据解得
设恢复升力时的速度为vm，则有

由 vm=a1t1
代入数据解得