2025年贵州省贵阳市第一中学物理高一上期末统考模拟试题含解析.doc

2025年贵州省贵阳市第一中学物理高一上期末统考模拟试题
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。
2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。
3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。
4．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、在汽车的刹车实验中，实验员利用秒表计时。汽车原本在平直测试跑道上以25m/s的速度匀速行驶，某时刻驾驶汽车的实验员在按下秒表的同时开始刹车，刹车时汽车做匀减速直线运动，加速度大小为5m/s2，则从开始计时，到秒表显示为6s时，汽车的位移为（）
A.62.5m B.60m
C.57.5m D.55m
2、如图，两个轻环a和b套在位于竖直面内的一段固定圆弧上；一细线穿过两轻环，其两端各系一质量为m的小球。在a和b之间的细线上悬挂一小物块。平衡时，a、b间的距离恰好等于圆弧的半径。不计所有摩擦。小物块的质量为( )

A. B.
C.m D.2m
3、用电场线形象生动地描绘电场，如图为点电荷a、b所形成电场的电场线分布图，以下几种说法正确的是(　　)

A.a、b为异种电荷，a带电量大于b带电量
B.a、b为同种电荷，a带电量大于b带电量
C.a、b为异种电荷，a带电量小于b带电量
D.a、b为同种电荷，a带电量小于b带电量
4、一质点从高h处由静止释放，已知该质点着地前最后2s内的位移为40m，不计空气阻力，g＝10 m/s2，则h的大小为
A.45 m B.50m
C.60m D.80 m/s
5、牛顿第二定律认为：有力作用在物体上，物体运动状态就要发生变化。某人用力推静止在地面上的桌子，但没有推动。原因是（　　）
A.人推桌子的力小于桌子受到的摩擦力
B.人推桌子的力小于桌子受到的最大静摩擦力
C.人推桌子的力小于桌子受到的重力
D.与牛顿第二定律相矛盾
6、如图所示，轻杆长为L.一端固定在水平轴上的O点，另一端系一个小球(可视为质点）小球以O为圆心在竖直平面内做圆周运动，且能通过最高点，g为重力加速度．下列说法正确的是

A.小球通过最高点时速度不可能小于
B.小球通过最高点时所受轻杆的作用力可能为零
C.小球通过最高点时所受轻杆的作用力随小球速度的增大而增大
D.小球通过最高点时所受轻杆作用力随小球速度的增大而减小
7、下列物理量中，属于矢量的是（　　）
A.力 B.加速度
C.质量 D.路程
8、在一块固定的倾角为θ的木板上叠放质量均为m的一本英语词典和一本汉语词典，图甲中英语词典在上，图乙中汉语词典在上，已知图甲中两本书一起匀速下滑，图乙中两本书一起加速下滑。已知两本书的封面材料不同，但每本书的上、下两面材料都相同，近似认为滑动摩擦力与最大静摩擦力相等，设英语词典和木板之间的动摩擦因数为μ1，汉语词典和木板之间的动摩擦因数为μ2，英语词典和汉语词典之间的动摩擦因数为μ3，则下列说法正确的是（ ）

A.μ1一定小于tanθ
B.μ3一定等于tanθ
C.图乙中汉语词典受到的摩擦力大小一定是μ1mgcosθ
D.图甲中英语词典受到的摩擦力大小一定是μ3mgcosθ
9、将一个力F分解为两个分力F1和F2，则下列说法中正确的是( )
A.F1和F2是物体实际受到的力
B.F1和F2两个分力在效果上可以取代力F
C.物体受到F1，F2和F三个力的作用
D.F是F1和F2的合力
10、某跳水运动员在3m长的踏板上起跳，我们通过录像观察到踏板和运动员要经历如图所示的状态，其中A为无人时踏板静止点，B为人站在踏板上静止时的平衡点，C为人在起跳过程中人和踏板运动的最低点，则下列说法正确的是(　 )

A.人和踏板由C到B的过程中，人向上做匀加速运动
B.人和踏板由C到A的过程中，人处于超重状态
C.人和踏板由C到A的过程中，先超重后失重
D.人在B点具有最大速度
11、一辆汽车4s内作匀加速直线运动，初速度为2m/s，末速度为10m/s，在这段时间内( )
A.汽车的加速度为2m/s2 B.汽车的加速度为8m/s2
C.汽车的平均速度为6m/s D.汽车的加速度为10m/s2
12、如图所示，光滑水平地面上放有截面为圆周的柱状物体A，A与墙面之间放一光滑的圆柱形物体B，对A施加一水平向左的力F，整个装置保持静止．若将A的位置向左移动稍许，整个装置仍保持平衡，则( 　　)

A.水平外力F增大
B.墙对B作用力减小
C.地面对A的支持力减小
D.B对A的作用力减小
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、某小组进行水火箭的发射实验，如图，水火箭以15m/s的初速度从地面竖直向上运动，达到最高点后沿竖直线落回地面，不计空气阻力，重力加速度g＝10m/s2，则水火箭上升的最大高度为_____m，从水火箭开始发射到落回地面所需的时间为_____s

14、小王在做“探究弹力和弹簧伸长的关系”实验时，安装好实验装置，让刻度尺零刻度与弹簧上端平齐．在弹簧下端挂一个钩码，静止时弹簧长度如图所示，其示数为_________cm.在弹簧下端挂三个钩码时，弹簧长度为24.95cm．已知每个钩码质量是50g，当地重力加速度g=10m/s2，据此小王计算出弹簧的劲度系数为_________N/m.

15、如图所示，某同学在研究平抛运动的实验中，在小方格纸画出小球做平抛运动的轨迹以后，又在轨迹上取出a、b、c、d四个点（轨迹已擦去）．已知小方格纸的边长L=2.5cm，g取10m/s2，请你根据小方格纸上的信息，完成下面几个问题：（结果保留三位有效数字）

(1)小球平抛运动的初速度v0=_____m/s；
(2)物体运动到b点时的瞬时速度vb=_____m/s；
(3)从抛出点到c点所经历的时间是_____s；
三．计算题(22分)
16、（12分）风洞实验室中可产生水平方向的、大小可调节的风力，现将一套有小球的细直杆放入风洞实验室．小球孔径略大于细杆直径

(1)当杆在水平方向上固定时，调节风力的大小，使小球在杆上作匀速运动，这时小球所受的风力为小球所受重力的0.5倍，求小球与杆间的滑动摩擦因数
(2)保持小球所受风力不变，使杆与水平方向间夹角为37°并固定，如图，则小球从静止出发在细杆上下滑的加速度大小为多少?
17、（10分）如图所示，一小球从平台上水平抛出后，落在一倾角θ=的光滑斜面顶端，并恰好无碰撞的沿光滑斜面滑下，顶端与平台的高度差h=0.8m，斜面的高度H=7.2m，g取10m/s2（sin=0.8，cos=0.6），求：
(1)小球水平抛出的初速度v是多大；
(2)小球从平台水平抛出到斜面底端所用的时间。

参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、A
【解析】设汽车从开始刹车到减速到零所需要时间为t1，则：

即汽车5s就停下来了，从开始计时，到秒表显示为6s时，汽车运动的位移

故A正确，BCD错误。
2、C
【解析】设悬挂小物块的点为O'，圆弧的圆心为O，由于ab=R，所以三角形Oab为等边三角形。

根据几何知识可得∠aO'b=120°，而在一条绳子上的张力大小相等，故有T=mg，小物块受到两条绳子的拉力作用大小相等，夹角为120°，故受到的合力等于mg，因为小物块受到绳子的拉力和重力作用，且处于平衡状态，故拉力的合力等于小物块的重力为mg，所以小物块的质量为m，故ABD错误，C正确。故选C。
点睛：解决本题关键是能根据题目给出的几何关系确认拉小物块的两绳夹角为120°，再根据两个大小相等互成120°两力的合成结论求解即可。
3、C
【解析】因为电场线从一个电荷出发到另一个电荷终止，是异种电荷，b电荷处电场线密集，电荷量大，所以a、b为异种电荷，a带电量小于b带电量，C正确，ABD错误。
故选C。
4、A
【解析】根据自由落体运动规律有：

联立解得：h=45m，故A正确，BCD错误。
故选A
5、B
【解析】AC．人推桌子，桌子没有被推动，此时桌子受到四个力的作用，水平方向推力与摩擦力平衡，竖直方向重力与支持力平衡，如图，人推桌子的力与摩擦力相等，与重力没有关系，故AC错误；

B．之所以没有推动，是因为人推桌子的力小于桌子受到的最大静摩擦力，B正确；
D．桌子受到的合力为零，相当于不受力，而牛顿第二定律表示的是合外力不为零时的情况，所以题设情景和牛顿第二定律不矛盾，D错误。
故选B。
6、B
【解析】在轻杆小球模型中，小球通过最高点时的最小速度为零，选项A错误；当小球通过最高点的速度时，小球所受轻杆的作用力为零，选项B正确；若小球通过最高点时受到杆的作用力为支持力，则有，，此时小球通过最高点时所受轻杆的作用力随小球速度的增大而减小，当小球通过最高点受到杆的作用力为拉力时，有，，此时小球通过最高点时所受轻杆的作用力随小球速度的增大而增大，故选项C、D错误
7、AB
【解析】AB．力和加速度都是既有大小又有方向的物理量，属于矢量，故AB符合题意；
CD．质量和路程是只有大小没有方向的物理量，属于标量，故CD不符合题意。
故选AB。
8、AC
【解析】考查叠加体受力分析，牛顿第二定律的应用，摩擦力的分析。
【详解】A．图乙中两本书一起加速下滑，则有：

解得，A正确；
B．图甲中两本书一起匀速下滑，两本书之间相对静止，为静摩擦力，此时有：

解得，即μ3不一定等于tanθ，B错误；
C．图乙中，对整体分析，由牛顿第二定律：

对汉语词典分析，由牛顿第二定律：

解得汉语词典受到的摩擦力大小为，C正确；
D．图甲中两本书一起匀速下滑，两本书之间相对静止，为静摩擦力，静摩擦力大小不一定是μ3mgcosθ，D错误。
故选AC。
9、BD
【解析】A．分力不是物体所受到的力，故A错误。
B．分力的共同作用效果与合力的作用效果相同，故B正确。
C．分力不是物体所受到的力，F1、F2是两个分力，故C错误。
D．一个力F分解为两个分力F1 和F2，则F是F1和F2的合力，故D正确。
故选BD。
10、CD
【解析】A．人和踏板由到的过程中，重力不变，弹力一直减小，合力先减小，所以加速度减小，故A错误；
BCD．人和踏板由到的过程中，弹力大于重力，加速度向上，人处于超重状态，人和踏板加速上升；从到的过程中，重力大于弹力，加速度向下，处于失重状态，人和踏板减速上升，人在点具有最大速度，故B错误，C、D正确；
故选CD。
11、AC
【解析】由加速度的定义可知，汽车的加速度为：．故A正确，BD错误．汽车的平均速度为：，故C正确．故选AC
12、BD
【解析】先对B球受力分析，受到重力mg、A球对B球的支持力N′和墙壁对B球的支持力N，然后根据共点力平衡条件得到A球左移后各个力的变化情况；最后再对整体受力分析，根据平衡条件判断推力F和地面的支持力的变化情况
【详解】对B球受力分析，受到重力mg、A球对B球的支持力N′和墙壁对B球的支持力N，如图所示：

当A球向左移动后，A球对B球的支持力N′的方向不断变化，根据平衡条件结合合成法可以知道A球对B球的支持力N′和墙壁对B球的支持力N都在不断减小，故B D正确；再对A和B整体受力分析，受到总重力G、地面支持力FN，推力F和墙壁的弹力N，如图所示：

根据平衡条件，有F=N，FN=G，故地面的支持力不变，推力F随着壁对B球的支持力N的不断减小而不断减小，故A C错误．所以BD正确，AC错误
【点睛】本题关键是先对小球B受力分析，根据平衡条件得到各个力的变化情况，然后再对A、B整体受力分析，再次根据平衡条件列式分析

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.11.25 ②.3
【解析】根据竖直上抛运动进行求解，上升过程为匀减速运动，下降过程为自由落体运动；
【详解】水火箭做竖直上抛运动，上升过程为匀减速运动，上升的时间为：
则上升的最大高度为：
下将过程自由落体运动，则：，可以得到：
则从水火箭开始发射到落回地面所需的时间为：
【点睛】本题考查竖直上抛运动，熟练掌握竖直上抛运动规律即可解决本题
14、 ①. ②.
【解析】根据刻度尺的读数方法可得出对应的读数，由G=mg可求得所挂钩码的重力，即可得出弹簧的拉力；从而算出劲度系数
【详解】毫米刻度尺的最小格为1mm，需要估读到0.1mm由读数方法可知图中的读数为：24.75cm(24.73~24.77)；挂1个钩码时，重力为：G=mg=0.05×10=0.5N；挂3个钩码时，重力为G′=3mg=1.5N；则根据胡克定律可知：.
【点睛】本题考查探究弹簧的弹力与弹簧伸长量之间的关系，要注意明确实验原理，同时注意掌握相应仪器的测量方法
15、 ①.1.00 ②.1.25 ③.0.125
【解析】根据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出相等的时间间隔，结合水平位移和时间间隔求出平抛运动的初速度．根据竖直方向上某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出c点的竖直分速度，结合平行四边形定则求出b点的速度．根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出c点竖直分速度，结合速度时间公式求出运动的时间
【详解】（1）由△y=gT2得，，
则初速度
（2）而，
所以
（3）b点竖直分速度vb=0.75m/s
由vcy=vby+gt得：vcy=1.25m/s

【点睛】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式和推论进行求解

三．计算题(22分)
16、 (1) (2) 7.5m/s2
【解析】(1)对小球受力分析，受重力、支持力、推力和滑动摩擦力，根据共点力平衡条件列式求解；
(2)对小球受力分析，受重力、风的推力、支持力和滑动摩擦力，根据牛顿第二定律列式求解出加速度
【详解】(1) 设小球所受的风力为F，小球质量为m
F=μmg
故有：
即小球与杆之间的动摩擦因数为0.5；
(2) 设杆对小球的支持力为N，摩擦力为f，沿杆方向有：
F•cos37°+mgsin37°-f=ma
垂直于杆方向有：
N+Fsin37°-mgcos37°=0
其中：f=μN
联立解得：
【点睛】本题关键是对小球多次受力分析，结合正交分解法，根据牛顿第二定律列式求解
17、 (1)3m/s；(2)1.4s
【解析】(1)由题意可知小球落到斜面上并沿斜面下滑，说明此时小球速度方向与斜面平行，否则小球会弹起，所以竖直位移得

竖直分速度

且有

解得

(2)小球沿斜面做匀加速直线运动的加速度

初速度

则

代入数据

解得

所以