山西省忻州实验中学2026届物理高二上期末教学质量检测试题含解析.doc

山西省忻州实验中学2026届物理高二上期末教学质量检测试题
注意事项：
1． 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。
2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。
3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。
4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、磁感线可以用来描述磁场，下列关于磁感线的说法不正确的是 ( )
A.磁感线的疏密表示磁场的强弱
B.磁感线从S极出发，终止于N极
C.匀强磁场的磁感线疏密分布均匀
D.磁感线上任一点的切线方向表示该点的磁场方向
2、下列说法正确是（　　）
A.海市蜃楼是光在空气中发生折射和全反射形成的光学幻景
B.电阻温度计是利用电阻率几乎不受温度影响的材料制成的
C.阻尼振动的振幅和频率都越来越小
D.防止共振现象时要尽量使驱动力的频率与物体固有频率一致
3、下列各图中，已标出电流及电流磁场的方向，其中正确的是（ ）
A.
B.
C.
D.
4、某理想变压器原、副线圈匝数比为2：1，原线圈所接电压如图所示则（）

A.输出电压的最大值为110 V
B.原、副线圈中电流之比为2：1
C.变压器输入、输出功率之比为2：1
D.原线圈电压有效值为220 V，频率为50 Hz
5、如图所示，物块P、Q叠放在水平地面上，保持静止，则地面受到的弹力等于( )

A.Q的重力
B.P对Q的压力
C.P、Q的重力之和
D.P的重力加上Q对地面的压力
6、图是用电压表和电流表测电阻的一种连接方法，为待测电阻．如果考虑到电表内阻对测量结果的影响，则（ ）

A.电压表示数大于两端的实际电压，电流表示数大于通过的实际电流
B.电压表示数大于两端的实际电压，电流表示数等于通过的实际电流
C.电压表示数等于两端的实际电压，电流表示数大于通过的实际电流
D.电压表示等于两端的实际电压，电流表示数等于通过的实际电流
二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
7、如图所示，竖直放置的绝缘杆足够长，一质量为m、电荷量为+q的小球穿在杆上，可沿杆滑动，且二者间的动摩擦因数为μ，空间有正交的匀强电场和匀强磁场，电场强度为E，方向水平向左，磁感应强度为B，方向垂直纸面向里，小球从静止释放后能沿杆下滑，且从静止开始至达到最大速度时下滑的高度为h，已知重力加速度为g，则根据上述所给条件

A.可求出小球的最大加速度
B.能求出小球的最大速度
C.能求出从开始释放至最大加速度过程中的摩擦生热
D.能求出从开始释放至最大速度过程中的摩擦生热
8、如图所示，直流电动机线圈的电阻为R，当该电动机正常工作时，电动机两端电压为U，通过电动机的电流为I，则下列说法正确的是( )

A.电动机内部的发热功率为I2R
B.电动机的机械功率为IU
C.电动机的总功率为I2R
D.电动机机械功率为IU－I2R
9、磁体与磁体之间，磁体与通电导线之间，通电导线与通电导线之间的示意图，以下正确的是（ ）
A.
B.
C.
D.
10、如图，PQ为一段固定于水平面上的光滑圆弧导轨，圆弧的圆心为O，半径为L，空间存在垂直导轨平面的匀强磁场，磁感应强度的大小为B，OQ间连有定值电阻R，金属杆OA的A端位于PQ上，OA与导轨接触良好，杆OA及导轨电阻均不计。现使OA杆以恒定的角速度绕圆心O顺时针转动，在其转过角度的过程( )

A.流过电阻R的电流方向为
B.AO两点间电势差为
C.流过OA的电荷量为
D.要维持OA以角速度匀速转动，外力的功率应为
三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。
11．（6分）用如图甲所示的电路，测定一节蓄电池的电动势和内电阻．蓄电池的电动势约为2V，内电阻很小．除蓄电池、开关和导线外，可供使用的实验器材还有：  

A．电压表（量程3V）     B．电流表（量程0.6A）    
C．电流表（量程3A）     D．定值电阻R0（阻值4、额定功率4W） 
E．滑动变阻器（阻值范围0—20 、额定电流2A） 
F．滑动变阻器（阻值范围0—1000、额定电流0.5A） 
（1）电流表应选____________，滑动变阻器应选_____________（填器材前的字母代号） 
（2）根据实验数据作出U—I图象如图乙所示，则蓄电池的电动势E=____ V，内电阻 r=____  (r保留两位有效数字) 
（3）引起该实验系统误差的主要原因是_________________________________
12．（12分）某小组测量一金属丝的电阻率，除多用电表、刻度尺、螺旋测微器、开关、导线外，还能提供的其它器材规格如下：
电流表A1（量程0~0.6A，内阻r1约为0.125Ω）
电流表A2（量程0~3A，内阻r2约为0.025Ω）
电压表V（量程0~3V，内阻约为3kΩ）
滑动变阻器R1（最大阻值为20Ω）
滑动变阻器R2（最大阻值为1750Ω）
电源E（电动势约为3V）
（1）在实验中，用螺旋测微器测量金属丝的直径，其示数如图所示，则该金属丝直径的测量值d=________mm。

（2）使用多用电表欧姆挡粗测金属丝的电阻，倍率选择“×1”挡，指针位置如图所示，则该金属丝的电阻为_______Ω。

（3）若采用伏安法测量金属丝的电阻，为保证电表安全及测量准确、方便，那么电流表应选择_______（选填A1或A2）；滑动变阻器应选择_______（选填R1或R2）。
（4）采用伏安法测电阻时，测得了多组U、I数据，根据这些数据作出如图所示的U-I图像。由此可得金属丝的电阻R=_______Ω。（保留两位有效数字）

（5）若通过实验测量获得了数据：金属丝的电阻R，金属丝的长度l，以及金属丝的直径d。那么本次实验得到金属丝电阻率ρ=_______。
四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。
13．（10分）ABC表示竖直放在电场强度为E=104V/m的水平匀强电场中的绝缘光滑轨道，其中轨道的BC部分是半径为R的圆环，轨道的水平部分与半圆环相切．A为水平轨道上的一点，而且AB=R=0.2m，把一质量m=0.1kg，带电量为q=+C的小球，放在A点由静止释放后，求：（g=10m/s2）

(1)小球到达C点的速度大小
(2)小球在C点时，轨道受到的压力大小
14．（16分）如图所示，水平放置的两块长直平行金属板a、b相距d=0.10m，a、b间的电场强度为E=5.0×105N/C，b板下方整个空间存在着磁感应强度大小为B=6.0T、方向垂直纸面向里的匀强磁场.今有一质量为m=4.8×10-25kg、电荷量为q=1.6×10-18C的带正电的粒子(不计重力)，从贴近a板的左端以v0 =1.0×106m/s的初速度水平射入匀强电场，刚好从狭缝P处穿过b板而垂直进入匀强磁场，最后粒子回到b板的Q处（图中未画出）．求P、Q之间的距离L

15．（12分）如图，两根间距为L＝0.5m的平行光滑金属导轨间接有电动势E＝3V、内阻r＝1Ω的电源，导轨平面与水平面间的夹角θ＝37°．金属杆ab垂直导轨放置，质量m＝0.2kg．导轨与金属杆接触良好且金属杆与导轨电阻均不计，整个装置处于竖直向上的匀强磁场中．当R0＝1Ω时，金属杆ab刚好处于静止状态，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8

（1）求磁感应强度B的大小；
（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，求金属杆的加速度
参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、B
【解析】磁感线封闭的曲线，无头无尾，其疏密描述磁场的强弱，磁感线上一点的切线方向表示该点的磁场方向，所以ACD说法正确；B说法错误。
故本题不正确的选B。
2、A
【解析】A．海市蜃楼是光在空气中发生折射和全反射形成的光学幻景，选项A正确；
B．电阻温度计是利用有的金属电阻率随温度变化而显著变化制成的，故B错误；
C．阻尼振动的振幅越来越小，频率不变，故C错误；
D．防止共振现象时要尽量使驱动力的频率与物体固有频率不一致，选项D错误；
故选A。
3、D
【解析】A、直线电流的方向竖直向上，根据安培定则知，直线电流右边的磁场方向垂直纸面向里，左边磁场方向垂直纸面向外．故A错误
B、线框的电流方向向上，根据安培定则知，从上往下看，磁场的方向逆时针方向．故B错误
C、根据安培定则，螺线管内部的磁场方向向右．故C错误
D、由于电流的方向逆时针方向（从上向下），根据安培定则知，磁场方向应该是向上．故D正确
故选D
4、D
【解析】A项：根据图象可知原线圈所接电压最大值为，根据变压器原理可得输出电压的最大值为，故A错误；
B项：根据变压器原理可得原、副线圈中电流之比为1：2，故B错误；
C项：理想变压器变压器输入、输出功率之比为1：1，故C错误；
D项：原线圈电压有效值为，频率为，故D正确
故选D
5、C
【解析】把PQ视为一整体，受重力、支持力，二力平衡，所以物体对地面的压力等于P、Q的重力之和。
故选C。
6、B
【解析】由电路图知，电流表与待测电阻串联，所以电流表的读数等于通过待测电阻的实际电流；电压表测量的是待测电阻与电流表的串联电压，所以电压表的读数大于待测电阻两端的实际电压．故B项正确，ACD三项错误

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
7、ABD
【解析】A．小球下滑过程中，受到重力、摩擦力（可能有）、弹力（可能有）、向右的洛伦兹力、向左的电场力，开始阶段，洛伦兹力小于电场力时，小球向下做加速运动时，速度增大，洛伦兹力增大，小球所受的杆的弹力向右，大小为

N随着v增大而减小，滑动摩擦力f=μN也减小，小球所受的合力

所以f减小，F合增大，加速度a增大；当洛伦兹力等于电场力时，合力等于重力，加速度最大，小球继续向下做加速运动，洛伦兹力大于电场力，小球所受的杆的弹力向左，大小为

v增大，N增大，f增大，F合减小，a减小。mg=f时，a=0，故加速度先增大后减小，直到为零；所以小球的最大加速度为g，故A正确；
B．小球的加速度为零，做匀速运动时速度最大，受力如图，则有

而此时

即

解得，物体的最大速度

故B正确；
C．从静止开始至达到最大速度时下滑的高度未知，所以不能求出从开始释放至最大加速度过程中的摩擦生热，故C错误；
D．从静止开始至达到最大速度时下滑的高度为h，根据能量守恒定律得

则知摩擦生热Q可以求出，故D正确。
故选ABD。

8、AD
【解析】A.电动机内部的发热功率为I2R，故A正确；
BD.电动机的机械功率为IU－I2R，故B错误，D正确；
C.电动机的总功率为IU，故C错误；
故选：AD；
9、ABC
【解析】解答本题应明确：磁体、电流之间的作用都是通过磁体周围的磁场来完成的
【详解】磁极与磁极、电流和磁极，电流和电流之间均是通过磁场产生相互作用的，故ABC正确，D错误
10、ACD
【解析】A．由右手定则可知，回路中产生顺时针方向的电流，所以流过电阻R的电流方向为，故A正确；
B．OA产生的感应电动势为

杆OA及导轨电阻均不计，所以AO两点间电势差为，故B错误；
C．在其转过角度的过程，面积变化为

所以

故C正确；
D．流过OA的电流

由功能关系可知，要维持OA以角速度ω匀速转动，外力的功率应为

故D正确。
故选ACD。

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。
11、 ①.(1) B ②.E ③.(2) 2.10 ④.0.20 ⑤.(3) 电压表的分流作用
【解析】由题意可确定出电路中的电流范围，为了保证电路的安全和准确，电流表应略大于最大电流；由电路及闭合电路欧姆定律可得出函数关系，结合数学知识可得出电源的电动势和内电阻．电流表测量的不是干路电流，电压表具有分流作用
（1）由题意可知，电源的电动势约为2V，保护电阻为4Ω，故电路中最大电流约为0.5A，故电流表只能选B；为了方便操作，应选择较小的变阻器，故选E；
（2）由电路利用闭合电路欧姆定律可知，则由数学知识可得，图象与纵坐标的交点为电源电动势，故E=2.10V；而图象的斜率表示保护电阻与内电阻之和，
故，解得r=0.2Ω；
（3）电流表测量的不是干路电流，本实验的系统误差原因是电压表具有分流作用
12、 ①.0.383（0.381～0.386之间均可） ②.5.0 ③.A1 ④.R1 ⑤.4.8（4.6～5.0之间均可） ⑥.
【解析】（1）[1]．该金属丝直径的测量值d=0.01mm×38.3=0.383mm。
（2）[2]．该金属丝的电阻为5×1Ω=5.0Ω。
（3）[3][4]．电路中可能出现的最大电流，则电流表选择A1；滑动变阻器选择R1。
（4）[5]．由图像可知：

（5）[6]．由

解得

四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。
13、 (1) (2)3N
【解析】(1)设小球在C点的速度大小是vC，则对于小球由A→C的过程中，由动能定理得：

解得：

(2)小球在C点时受力分析如图

由牛顿第二定律得：

解得：

由牛顿第三定律可知，小球对轨道压力：
NC′=NC=3N
14、8cm
【解析】粒子a板左端运动到P处，由动能定理得

代入有关数据，解得
，代入数据得θ=30°
粒子在磁场中做匀速圆周运动，圆心为O，半径为r，如图
由几何关系得

联立求得
代入数据解得
15、（1）2T；（2）1.5m/s2，方向沿斜面向上
【解析】（1）当R0=1Ω时，根据闭合电路的欧姆定律求解电流强度，由平衡条件求解磁感应强度；
（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，此时安培力的方向沿斜面向上，根据牛顿第二定律求解加速度大小
【详解】（1）当R0＝1Ω时，根据闭合电路的欧姆定律可得
根据左手定则可知安培力方向水平向右；
由平衡条件有：BILcosθ＝mgsinθ
解得B＝2T；
（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，此时安培力的方向沿斜面向上，大小不变；
根据牛顿第二定律可得：BIL﹣mgsinθ＝ma
解得：a＝1.5m/s2，方向沿斜面向上
【点睛】本题主要是考查安培力作用下的导体棒的平衡问题，解答此类问题要明确导体棒的受力情况，结合平衡条件列方程解答