湖北省宜昌第二中学2026届物理高二上期末调研模拟试题含解析.doc

湖北省宜昌第二中学2026届物理高二上期末调研模拟试题
注意事项:
1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。
2．答题时请按要求用笔。
3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。
4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。
5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、如图所示，电荷量为-q的点电荷与均匀带电圆形薄板相距为2d，点电荷到带电薄板的垂线通过板的几何中心，垂线上的a、b两点关于薄板对称，到薄板的距离都是d．若图中a点的电场强度为零，则b点的电场强度大小和方向分别为（静电力常数k）

A.kq/d2，垂直薄板向左
B.8kq/9d2，垂直薄板向右
C.kq/9d2，垂直薄板向左
D.10kq/9d2，垂直薄板向右
2、矩形线圈在匀强磁场中匀速转动产生的电动势如图，则( )

A.t1时刻线圈中磁通量为零
B.t2时刻线圈通过中性面
C.t3时刻线圈中电流方向改变
D.t4时刻线圈中磁通量变化率最小
3、如图所示，R是光敏电阻，当它受到的光照强度增大时，电阻减小，则( )

A.灯泡L变暗
B.光敏电阻R上的电压增大
C.电压表V的读数增大
D.电容器C的带电荷量增大
4、如图所示，在垂直于纸面向外的范围足够大的匀强磁场中，有一个矩形闭合线框abcd，线框平面与磁场垂直，在下列哪种情况中，可使线框中产生感应电流

A.线框沿纸面向下做加速运动
B.线框垂直纸面向外运动
C.线框绕a点的与纸面垂直的轴，沿纸面逆时针转动
D.线框绕ab边转动
5、下列说法正确的是（ ）
A.楞次最先发现了电流的磁效应
B.法拉第发现了产生感应电流的条件
C.由可知，磁感应强度大小与放在该处的一小段通电导线I、L的乘积成反比
D.若运动的电荷不受洛伦兹力作用，则该处磁感应强度为零
6、在水平地面上方有正交的匀强电场和匀强磁场，匀强电场方向竖直向下、匀强磁场方向水平向里。现将一个带正电的金属小球从点以初速度水平抛出，小球着地时的速度为，在空中的飞行时间为。若将磁场撤除，其他条件均不变，那么小球着地时的速度为，在空中飞行的时间为，小球所受空气阻力可忽略不计。则关于和和的大小比较，以下判断正确的是（　　）

A. B.
C. D.
二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
7、矩形线圈abcd，长ab=20 cm，宽bc=10 cm，匝数n=200，线圈回路总电阻R=5Ω。整个线圈平面内均有垂直于线圈平面的磁场穿过。若磁感应强度B随时间t的变化规律如图所示，则(　　)

A.线圈回路中感应电动势随时间均匀变化
B.线圈回路中产生的感应电流为0.4 A
C.当t=0.3 s时，线圈ab边所受的安培力大小为0.016 N
D.在1 min内线圈回路产生的焦耳热为48 J
8、如图所示，平行金属板M、N之间有竖直向下的匀强电场，虚线下方有垂直纸面的匀强磁场，质子和粒子分别从上板中心S点由静止开始运动，经电场加速后从O点垂直磁场边界进入匀强磁场，最后从a、b两点射出磁场（不计重力），下列说法正确的是(　　)

A.磁场方向垂直纸面向外
B.从a点离开的是粒子
C.从b点离开的粒子在磁场中运动的速率较大
D.粒子从S出发到离开磁场，由b点离开的粒子所用时间较长
9、关于磁场和磁感线的描述，下列说法正确的是(　　)
A.磁感线可以形象地描述磁场的强弱和方向，它每一点的切线方向表示该点的磁场方向
B.磁感线是从磁铁的N极指向S极
C.磁极间的相互作用是通过磁场产生的
D.磁感线就是磁场中碎铁屑排列成的曲线
10、如图所示，A、B、C、D、E、F为匀强电场中一个边长为10cm的正六边形的六个顶点，A、B、C三点电势分别为1V、2V、3V，正六边形所在平面与电场线平行．下列说法正确的是（ ）

A.通过CD和AF的直线应为电场中的两条等势线
B.匀强电场的电场强度大小为10V/m
C.匀强电场的电场强度方向为由C指向A
D.将一个电子由E点移到D点，电子的电势能将减少
三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。
11．（6分）要测量一个未知电阻Rx的阻值，实验室提供以下器材：
待测电阻Rx 阻值约为2 Ω，额定电流为2 A
电流表A1 量程为0.6 A，内阻r1＝0.5 Ω
电流表A2 量程为3.0 A，内阻r2约为0.1 Ω
变阻器R1 电阻变化范围为0～10 Ω
变阻器R2 电阻变化范围为0～1 kΩ
定值电阻 R3＝10 Ω
定值电阻 R4＝100 Ω
电源电动势E约为9 V，内阻很小
开关S，导线若干
要求实验时测量尽可能准确，改变滑动变阻器的阻值，在尽可能大的范围内测得多组A1、A2的读数I1、I2，然后利用I1－I2图象求出未知电阻的阻值Rx.
(1)实验中定值电阻应该选________，滑动变阻器应该选择________.
(2)请在图中补充完整实物连线电路______.

(3)I1－I2图象如图所示，若图线斜率为k，则电阻Rx＝________.(用题中所给字母表示)
12．（12分）在研究“平抛运动”实验中，(1)图1是横档条，卡住平抛小球，用铅笔标注小球最高点，确定平抛运动轨迹的方法，坐标原点应选小球在斜槽末端时的_______

A.球心 B.球的上端 C.球的下端
在此实验中，下列说法正确的是________
A.斜槽轨道必须光滑 B.记录的点应适当多一些
C.用光滑曲线把所有的点连接起来D.y轴的方向根据重垂线确定
（2）图2是利用图1装置拍摄小球做平抛运动的频闪照片，由照片可以判断实验操作错误的是____

A.释放小球时初速度不为零 B.释放小球的初始位置不同 C.斜槽末端切线不水平
（3）图3是利用稳定的细水柱显示平抛运动轨迹的装置，其中正确的是_______

四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。
13．（10分）ABC表示竖直放在电场强度为E=104V/m的水平匀强电场中的绝缘光滑轨道，其中轨道的BC部分是半径为R的圆环，轨道的水平部分与半圆环相切．A为水平轨道上的一点，而且AB=R=0.2m，把一质量m=0.1kg，带电量为q=+C的小球，放在A点由静止释放后，求：（g=10m/s2）

(1)小球到达C点的速度大小
(2)小球在C点时，轨道受到的压力大小
14．（16分）如图，两根间距为L＝0.5m的平行光滑金属导轨间接有电动势E＝3V、内阻r＝1Ω的电源，导轨平面与水平面间的夹角θ＝37°．金属杆ab垂直导轨放置，质量m＝0.2kg．导轨与金属杆接触良好且金属杆与导轨电阻均不计，整个装置处于竖直向上的匀强磁场中．当R0＝1Ω时，金属杆ab刚好处于静止状态，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8

（1）求磁感应强度B的大小；
（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，求金属杆的加速度
15．（12分）如图所示，水平放置的两块长直平行金属板a、b相距d=0.10m，a、b间的电场强度为E=5.0×105N/C，b板下方整个空间存在着磁感应强度大小为B=6.0T、方向垂直纸面向里的匀强磁场.今有一质量为m=4.8×10-25kg、电荷量为q=1.6×10-18C的带正电的粒子(不计重力)，从贴近a板的左端以v0 =1.0×106m/s的初速度水平射入匀强电场，刚好从狭缝P处穿过b板而垂直进入匀强磁场，最后粒子回到b板的Q处（图中未画出）．求P、Q之间的距离L

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、D
【解析】求解本题的关键是明确点电荷场强的公式及合场强为零的含义，及其带点薄板产生场强的特点
【详解】因为a点的合场强为零，根据场强叠加原理可知，带电薄板与点电荷-q在a点的场强大小相等，方向相反，故带电薄板在a点的场强大小为，方向垂直薄板向左；
根据薄板电场的对称性可知，薄板在b点处的场强大小也为，方向垂直薄板向右；
点电荷在b点处的场强大小为：，方向垂直薄板向右；
故b点处合场强为，方向垂直薄板向右
故本题选D
【点睛】熟记点电荷的场强公式，理解合场强为零的含义，掌握带点薄板产生场强的特点
2、C
【解析】A、t1时刻感应电动势为零，磁通量最大．故A错误
B、t2时刻感应电动势最大，线圈平面与中性面垂直．故B错误
C、t3时刻线圈通过中性面，线圈中电流方向改变．故C正确
D、t4时刻线圈中感应电动势最大，磁通量变化率最大．故D错误
故选C
3、D
【解析】由题中“当它受到的光照强度增大时，电阻减小”可知，本题考查电路动态变化，根据闭合电路欧姆定律可分析本题
【详解】A．当R受到的光照强度增大时，电阻减小，电流增加，灯泡变亮，故A错误；
B．串联电路电阻分压，电阻越大，分压越多，电阻越小分压越低，故B错误；
C．电压表所测电压为电路的路端电压，当R变小，外电路分压变小，故电压表读数减小，故C错误；
D．灯泡两端电压，电容器电压增大，根据

可知，电容器带电量增大，故D正确
4、D
【解析】线框沿纸面向下做加速运动时，穿过线圈的磁通量不变，不会产生感应电流，选项A错误； 线框垂直纸面向外运动时，穿过线圈的磁通量不变，不会产生感应电流，选项B错误；线框绕a点的与纸面垂直的轴，沿纸面逆时针转动，穿过线圈的磁通量不变，不会产生感应电流，选项C错误；线框绕ab边转动，穿过线圈的磁通量改变，会产生感应电流，选项D正确；故选D
考点：电磁感应的条件
【名师点睛】此题考查电磁感应现象的判断；根据产生感应电流的条件判断线圈中是否有感应电流产生是电磁感应中的基本要求，只有穿过线圈的磁通量发生变化时才会产生感应电流；解题时要把握实质问题，不要受其它条件的干扰
5、B
【解析】磁感应强度是描述磁场强弱的物理量，由磁场本身决定，与导线受到的安培力以及电流强度I和导线长度L的乘积都无关
【详解】A、B项：奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第发现了电磁感应现象，故A错误，B正确；
C项：磁感应强度大小由磁场本身决定，与放在该处的一小段通电导线的电流及长度无关，故C错误；
D项：当运动电荷的速度方向与B平行时，运动的电荷不受洛伦兹力作用，但磁感应强度不为零，故D错误
故选B
6、C
【解析】因为洛伦兹力对小球永远不做功，则根据动能定理，磁场存在与否，重力和电场力对小球做功相同，由

得小球着地时的速率都应该是相等的，即

存在磁场时，小球就要受到向右上方的洛伦兹力，有竖直向上的分力，由

得小球在竖直方向的加速度小于没有磁场时的加速度，在空中飞行的时间要更长些，即

故C正确，ABD错误。
故选C。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
7、BD
【解析】AB．由法拉第电磁感应定律可得

由闭合电路欧姆定律可得

A错误，B正确；
C．当t=0.3 s时，通电导线受到的安培力为

C错误；
D．在1min内线圈回路产生的焦耳热

D正确。
故选BD。
8、AD
【解析】A．由左手定则，可以判定磁场方向是垂直于纸面向外，所以选项A正确
B．设加速电压为U，在加速电场中：
Uq=mv2
在偏转磁场中：
qvB＝m
联立可得：

由于α粒子是质子的4倍，而电量是质子的2倍，所以α粒子做匀速圆周运动的半径大，从b点离开，则选项B错误
C．由上述结论可得经过加速电场后速度为
v＝
由于α粒子的比荷小于质子的比荷，所以从b点离开的α粒子速度小，选项C错误
D．从S出发到离开磁场的时间
t=t电+t磁=
显然比荷q/m越小，时间越大，即从b点离开的α粒子所用时间较长，所以选项D正确
故选AD
【点睛】本题涉及的是带电粒子先在电场中加速，然后进入磁场中做匀速圆周运动，分别用动能定理和牛顿第二定律求出半径，从而判断出从a、b两点离开的是哪种粒子，再由运动学公式求出在两种场中运动的时间，从表达式可以看出哪种粒子的时间长
9、AC
【解析】磁感线可以形象地描述各点磁场强弱和方向，它每一点的切线方向都与小磁针放在该点静止时北极所指的方向，故A正确；对于磁体的外部，磁感线都是从磁体的北极出发，回到磁体的南极，但对于磁体的内部，磁感线是从S极出发，回到N极，故B错误；磁场是客观存在的，磁体间的相互作用就是通过磁场发生的，故C正确；磁感线是人们假想出来的用于描述磁场的一些有方向的曲线，并不是放在磁场中的细铁屑连成的曲线，故D错误；故选AC
10、ACD
【解析】A、连接AC，AC中点电势为2V，由正六边形对称性，则EB、AF、CD均为电场中的等势线，故A正确
B、匀强电场的场强大小为，故B错误
C、电场线方向与EB垂直，即为C→A，故C正确
D、将一个电子由E点移到D点，电场力做负功电子的电势能增加，故D正确
所以应该选ACD

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。
11、 ①.R3 ②.R1 ③. ④.
【解析】(1)[1][2]采用已知内阻的小量程电流表A1替代电压表测量电压，需要串联一个大于等于

的定值电阻，所以实验中定值电阻应选用阻值为10Ω的R3，滑动变阻器应选用阻值为1～10Ω的R1；
(2)[3]测量电阻一般采用伏安法，由于待测电阻的阻值约为2Ω，额定电流为2A，最大电压为4V，而电源电动势为9V，所以必须采用分压电路，电流表外接电路进行测量，电路如图所示

(3)[4]由实验原理得

得

解得

12、 ①.B ②.BD ③.C ④.B
【解析】（1）题干中指出用铅笔标注小球的最高点作为小球轨迹的记录点.所以坐标原点也应选为球的最高点即球的上端.故选B;
斜槽轨道不必光滑，A错.
记录的点适当多一点，以便更准确的描出平抛轨迹.；B对.
为比较准确地描出小球运动的轨迹.将这些点平滑连接起来，C错，
用中垂线确定Y轴坐标，D对
故选BD
（2）由图可知，小球做斜抛运动.所以斜槽末端没有水平放置，选C
（3）竖直管内与大气相通，为外界大气压强，竖直管在水面下保证竖直管上出口处的压强为大气压强，因而另一出水管的上端口处压强与竖直管上出水口处的压强有恒定的压强差，保证另一出水管出水压强恒定，从而水速也恒定，如果竖直管上出口在水面上，则水面上为恒定大气压，因而随水面下降，出水管上口压强降低，出水速度减小，故选B
【点睛】在做平抛实验时一定要保证斜槽末端水平，这样才可以保证小球抛出时的速度是水平的，在描点连线时要注意用平滑的曲线把所有的点迹连接起来

四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。
13、 (1) (2)3N
【解析】(1)设小球在C点的速度大小是vC，则对于小球由A→C的过程中，由动能定理得：

解得：

(2)小球在C点时受力分析如图

由牛顿第二定律得：

解得：

由牛顿第三定律可知，小球对轨道压力：
NC′=NC=3N
14、（1）2T；（2）1.5m/s2，方向沿斜面向上
【解析】（1）当R0=1Ω时，根据闭合电路的欧姆定律求解电流强度，由平衡条件求解磁感应强度；
（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，此时安培力的方向沿斜面向上，根据牛顿第二定律求解加速度大小
【详解】（1）当R0＝1Ω时，根据闭合电路的欧姆定律可得
根据左手定则可知安培力方向水平向右；
由平衡条件有：BILcosθ＝mgsinθ
解得B＝2T；
（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，此时安培力的方向沿斜面向上，大小不变；
根据牛顿第二定律可得：BIL﹣mgsinθ＝ma
解得：a＝1.5m/s2，方向沿斜面向上
【点睛】本题主要是考查安培力作用下的导体棒的平衡问题，解答此类问题要明确导体棒的受力情况，结合平衡条件列方程解答
15、8cm
【解析】粒子a板左端运动到P处，由动能定理得

代入有关数据，解得
，代入数据得θ=30°
粒子在磁场中做匀速圆周运动，圆心为O，半径为r，如图
由几何关系得

联立求得
代入数据解得