2025年西藏自治区昌吉州重点达标名校初三下-第二次月考物理试题试卷含解析.doc

2025年西藏自治区昌吉州重点达标名校初三下-第二次月考物理试题试卷
考生须知：
1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。
2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。
3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。

一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）
1．如图所示电路，当开关S闭合后，L1、L2均能发光，电流表、电压表均有示数．过一会儿，两灯都不发光．电流表的示数为零，电压表的示数为电源电压，可能发生的故障是

A．Ll灯丝断了 B．L1短路 C．L2灯丝断了 D．L2短路
2．下列物品中，通常情况下属于导体的是
A．塑料盒 B．橡皮 C．铅笔芯 D．玻璃杯
3．如图所示，加热-40的冰，下列说法正确的是（ ）

A．BC段表示当前物体的状态仍是固体
B．冰的融化过程温度不变，说明熔化不需要吸热
C．水的沸腾过程温度不变，说明它的内能不变
D．由图可判断，加热时间相同时冰升温比水快，说明冰的比热容比水小
4．如图所示，一根弹簧一端固定在竖直墙上，在弹性限度内用手水平向右拉伸弹簧的另一端，下列有关“弹簧形变产生的力”描述正确的是（ ）

A．手对弹簧的拉力
B．弹簧对手的拉力
C．墙对弹簧的拉力
D．以上说法都不正确
5．用如图所示的滑轮组提升物体．已知物重为800N，10s内物体被匀速提升了10m，动滑轮重为200N（不计绳重和摩擦）．下列说法中正确的是

A．拉力的功率为100W
B．绳自由端的移动速度为3m/s
C．滑轮组的机械效为80%
D．如果提起更重的物体，滑轮组的机械效率不变
6．在已经调平的托盘天平两边各放一只等质量的烧杯，向烧杯中各加入质量相等、质量分数相等的稀硫酸，然后在左右两盘的烧杯中分别放入等质量的锌粉和铁粉。下列实验现象不可能观察到的是
A．天平指针开始偏向放铁的烧杯一边 B．天平指针最终偏向放锌粉的烧杯一边
C．反应最后没有锌粉剩余，只有铁粉有 D．反应最后没有铁粉剩余，只有锌粉有剩余
7．如图，电源电压保持不变，表①、②、③是电流表或电压表，滑动变阻器R2的滑片P在中点．当开关S闭合后，三块电表均有示数．滑片P向右移动时，下列说法正确的是（　　）

A．若电阻并联，①、③是电流表，则表①示数不变
B．若电阻并联，①、③是电流表，则表②示数变大
C．若电阻串联，①、③是电压表，则表①示数变小
D．若电阻串联，①、③是电压表，则表③示数不变
二、填空题（本大题7小题，共21分）
8．如图甲所示，完全相同的A、B两物块叠放在水平桌面上，用F1=30N的水平力作用在B物块上，AB一起做匀速直线运动，此时B物块所受的摩擦力为___N；若将F2=50N的水平力按如图乙所示作用在A物块上，它们仍一起做直线运动，则地面对A物块的摩擦力为____N．

9．化纤布料做的衣服容易沾染灰尘，是因为化纤布料容易因_____带电从而吸引细小的灰尘，该现象的本质是_____在物体间的转移。
10．验钞机能检验人民币的真伪，它的原理是利用__________使荧光物质发光．卫星能对各地秸秆燃烧情况进行监控，其原理是物体温度越高，所辐射的__________越强，人们__________（能/不能）直接用眼睛观察这种光．
11．如图所示，物体A放在斜面CD上静止，CE为水平面，O表示物体A的重心．图中OB1∥CD、OB2⊥CE、OB3⊥CD、OB4∥CE，能正确表示物体A所受重力方向的是_____
A．OB1 B．OB2 C．OB3 D．OB4

12．空中加油机在空中给歼击机加油的过程中，若以_____为参照物，他们都是运动的，若以加油机为参照物，歼击机是_____的．
13．一盏白炽灯泡铭牌上标有“220V 100W”字样，则这盏灯正常发光时的灯丝电阻为_____Ω．灯泡正常发光1min，灯丝消耗的电能为_____J．如果灯丝断了之后重新将灯丝搭上，灯丝电阻变为440Ω，通电后灯泡消耗的功率为_____W．
14．现在很多手机采用双摄像头技术，利用两个焦距不相同的摄像头，不仅可以更快的实现自动对焦，还可以在暗光环境下拍摄出较淸晰的照片．该摄像头的镜头对光线有__________作用，用此摄像头拍摄照片时，成倒立、__________的实像．
三、作图题（共7分）
15．在图所示的电路中，有两根导线尚未连接，请用笔画线代替导线补上。补上后要求：①闭合电键后，小灯泡才能发光；②电流表只测通过L2的电流。
（____）

16．透镜左侧有一点光源S发出两条光线，经透镜折射后在右侧的出射光线如图所示，请在图中通过光路作图标出点光源S的位置

17．在一列水平向右匀速行驶的火车车厢桌面上，有一杯水和一个小球，水杯中的水突然发生了如图所示的现象，画出此时小球的受力示意图。

四、实验题（本大题共5小题，共20分）
18．a、b 两组同学用如图甲所示的装置进行“观察水的沸腾”的实验．

（1）在图甲装置中，存在的错误是______________．
（2）水沸腾时温度计的示数如图乙，水的沸点是_____℃．
（3）实验中，两组同学用相同的酒精灯加热，水从开始加热到沸腾所用的时间相同，如图丙所示，则他们所用水的质量大小关系为 ma_____mb（选填“＞”、“＜”或“＝”）．
19．（1）如图所示，小明测量某种液体密度时，首先将天平放在水平桌面上，并将游码放在零刻线处，他发现指针偏向分度盘中线左侧，应向_____（选填“左”或“右”）侧调节平衡螺母，待指针指在分度盘中线上开始进行称量。

（2）下面实验步骤正确顺序为：_____。
①向瓶中倒入适量液体，用天平测出液体和瓶的质量m1，
②将部分液体倒入量筒中，测出液体的体积V，
③用天平测出瓶与剩余液体的质量m2，
（3）如图所示：瓶与液体的质量m1＝_____ g．算出液体的密度ρ＝_____kg•m﹣3。
（4）在读数过程中，小明俯视量筒读数，会导致所测液体密度_____。
20．小清设计了测量待测电阻R阻值的电路如图甲所示，他的测量步骤如下：

第1步：将Rx接在电路中A、B两点间，闭合开关S，调节滑动变阻器滑片P至适当位置，此时电压表的示数如图乙所示，示数为_____V断开开关S，移走Rx；
第2步：再将电阻箱R接在A、B两点间，闭合开关S，保持滑动变阻器的滑片P位置不变，调节电阻箱使电压表的示数仍如图乙所示此时电阻箱接入电路中阻值R＝48Ω，则小清测得Rx的阻值为_____Ω
讨论：在第2步中，若小清无意中将滑动变阻器的滑片P向右移了少许，则他测得Rx的阻值将_____（选填“偏大”“偏小”或“不变”）
21．用如图所示的器材探究杠杆的平衡条件。

(1)实验前调节杠杆上的________使杠杆在不挂钩码时,保持水平并静止,这是为了_____________。
(2)在已经平衡的杠杆的左侧钩码下加挂钩码,为了使杠杆尽快平衡,下列做法正确且合理的是_______
A．只把右侧钩码向右移
B．只把左侧钩码向左移
C．把左右两侧钩码同时向左移动
D．把左右两侧钩码同时向右移动
(3)杠杆在两个力的作用下平衡时,F1l1=F2l2,此时动力作用的效果与阻力作用的效果互相抵消。据此,如果杠杆受到动力F1、F2和阻力F3三个力的作用,杠杆的平衡条件是什么呢?请你提出猜想:_______(用公式表达)。
22．如图甲是小华同学探究二力平衡条件时的实验情景．

（1）小华将系于小卡片（重力可忽略不计）两对角的线分别跨过左右支架上的滑轮，在线的两端挂上钩码，使作用在小卡片上的两个拉力方向相反，并通过调整___________来改变拉力的大小．
（2）当小卡片平衡时，小华将小卡片转过一个角度，松手后小卡片________（选填“能”或“不能”）平衡．设计此实验步骤的目的是为了探究___________________________________．
（3）小明用乙图的装置进行实验，当只在左边放50g砝码时，木块恰好沿水平方向匀速向左运动，此时再在右边放________g破码，木块就可以沿水平方向向右匀速运动．
（4）实验时，小明发现当向左边和右边同时加入相等质量的砝码时，木块处于静止状态．此时木块在水平方向受到两个力的作用是平衡的．小明再在右边换上质量更大的砝码，发现木块仍然处于静止状态，出现这种现象的原因是______________，要避免这种现象产生，请你对该实验装置提出改进意见：_______________．
五、计算题（本大题共2小题，共13分）
23．如图所示，平底茶壶的质量是400g，底面积是40cm2，内盛0.6kg的开水，放置在面积为1m2的水平桌面中央。(g=10N/kg)试求：
水对茶壶底部的压力。茶壶对桌面的压强
24．养生壶是一种用于养生保健的烹饮容器，采用新型电加热材料，通电后产生热量把壶内的水加热。下图是某款养生壶及其铭牌上的信息，求：

型号
CH﹣M16
额定电压
220V
频 率
50Hz
额定功率
1210W
容 量
1.5L
（1）养生壶中1L的水从20℃升高到85℃需要吸收多少热量？正常工作时，养生壶加热效率为91%，将（1）中的水加热需要多长时间？用电高峰期，养生壶将1L的水从20℃加热到85℃，实际用时363s，则实际电压是多少。（设养生壶的电阻和加热效率不变）。
六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）
25．请阅读下列材料，回答问题。
地球是我们的家园，它有大气层和磁场，表面的71%被水覆盖，其余部分是陆地，平均密度约为5.52×103千克/米3，全球地表平均温度约为15℃。
地球内部有大量炽热的岩浆。在极大的压力下，岩浆便会从薄弱的地方冲破地壳，喷涌而出，造成火山爆发。剧烈的火山爆发会将大量的温室气体带入大气层，从而对全球气候产生影响。同时作为人类生存和发展的重要物质基础，煤炭、石油、天然气等化石能源的利用也会引起温室气体排放。

根据联合国气候变化专门委员会的评估报告显示能源消费结构与全球温室气体排放量具有相关性（具体见如图）。报告资料还指出1906-2005年全球地表平均温度上升了0.74℃，20世纪后半叶北半球平均温度可能是近1300年中最高的，本世纪气候变化的幅度可能还会增大。
①地球是太阳系中的一颗_______，（选填“恒星”、“行星”或“卫星”）。它的地表平均温度要比火山喷发时岩浆的温度________（选填“高”或“低”）。
②利用上述短文中的数据，能否估算出地球的质量m地球？请说明理由。_______
③根据材料，为了应对全球气候变化，我们可以采取哪些措施？_________________。
26．如图甲所示，某同学在粗糙程度均匀的水平地面上，用水平向右的推力推木箱。推力大小随时间变化的图象如图乙所示，木箱速度大小随时间变化的图象如图丙所示。求：

（1）木箱在0～1s内的运动状态；
（2）木箱在1～2s内受到地面的摩擦力大小；
（3）木箱在2～3s内前进的距离；
（4）人对木箱的水平推力在2～3s内做的功。
27．如图甲所示，溢水杯中装满水（水的密度用表示），将一正方体木块（边长为）轻轻放入溢水杯中，木块静止时浸入水的深度为。现用一根轻细钢针对着木块上表面中心竖直向下施加压力，从慢慢增加，直到木块恰好完全没没水中。（解题时用、、表示相关量）

求木块恰好完全沒没水中时所受压力的最大值。在从增至过程中，木块浸没在水中的深度从增加到，推导出与间的关系式。将、关系式的图像画在图乙所示的坐标系中，并标出两端点的横、纵坐标。
参考答案

一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）
1、C
【解析】
A． 如果灯泡L1灯丝断了，整个电路断路，电流表、电压表示数都为零．不符合题意；
B． 如果灯泡L1短路不能发光，但L2仍然发光．电流表、电压表示数都增大．不符合题意；
C． 如果灯泡L2灯丝断了，电路断路，两只灯泡都不亮，电流表示数为零，电压表测量电源电压．符合题意；
D． 如果灯泡L2短路不能发光，但L1仍然发光．电流表示数增大，电压表相当于与导线并联示数减小为零．不符合题意．
故选C．
2、C
【解析】
ABD．塑料盒、橡皮、玻璃杯不容易导电，是绝缘体，故ABD不合题意；
C．铅笔芯容易导电，是导体，故C符合题意．
3、D
【解析】
A. 如图，BC段吸热温度不变，是熔化过程，物体是固液共存状态，故A错误；
B. 冰的融化过程温度不变，但熔化过程要不断吸热，故B错误；
C. 水的沸腾过程温度不变，但沸腾要不断吸热，所以内能是增大的，故C错误；
D. 由图可判断，加热时间相同时冰升温比水快，根据可知，冰的比热容比水小，故D正确；
故选D．
点睛：重点是晶体的熔化特征和比热容的知识，晶体熔化时吸热，温度不变，且液体沸腾时温度也是不变的，也要不断的吸收热量，牢记这些特点．
4、B
【解析】
弹簧形变产生的力，就是弹力，这个力的施力物体为弹簧，因为是手拉弹簧，所以弹簧发生形变，产生的是对手的拉力。
故选B。
5、C
【解析】
A．不计绳重和摩擦，克服物重和动滑轮重力所做的功为总功，则拉力做的总功W总＝（G+G动）h＝（800N+200N）×10m＝104J，拉力F的功率： ，故错误；
B．由图可知，n＝2，则绳端移动的距离s＝nh＝2×10m＝20m，绳自由端的移动速度： ，故错误；
C．克服物重所做的有用功，则 ＝800N×10m＝8000J，滑轮组的机械效率： ，故正确；
D．由可知，如果提起更重的物体，滑轮组的机械效率变大，故错误．
6、A
【解析】
1
7、D
【解析】
当电阻并联时，电流从电源正极开始分支，一路经过R1，另一路经过电表③和R2，然后共同经过电表①回到电源负极，因此①③是电流表，电流表①测量总电流，电流表③测量通过R2的电流，电压表②是电压表，测量滑动变阻器两端电压，也就是电源电压；电源电压不变则电压表②的示数不变，故B错误；电源电压不变，当滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路电阻变大，流过滑动变阻器的电流变小，根据并联电路的特点可知通过R1的电流不变，由并联电路电流的规律可知总电流变小，电流表①示数变小，故A错误；
当电阻串联时，电流从电源正极依次经过R1、R2、电表②回到电源负极，①③均为电压表，并且电压表①测量R2两端电压，电压表③测量电源电压；因为电源电压不变，所以电压表③的示数不变，故D正确；当滑片向右移动时，滑动变阻器电阻接入电路的阻值变大，滑动变阻器的分压变大，电压表①的示数变大，故C错误．

二、填空题（本大题7小题，共21分）
8、30 30
【解析】
甲图中推力在B上，以B为研究对象，B做匀速直线运动，所以其受到的推力F1与摩擦力平衡，B物块所受的摩擦力为30N．以AB为研究对象，AB一起匀速直线运动，A物块受桌面的摩擦力为30N；
乙图中推力作用在A上，此时接触的粗糙程度不变，压力也不变，因此摩擦力也不变，所以A所受的摩擦力仍为30N．
9、摩擦电子
【解析】
化纤衣服与人体摩擦，摩擦起电，使衣服带有了电荷，由于带电体能够吸引轻小物体，所以化纤衣服会将灰尘的轻小物体吸附在它上面，造成了衣服比较容易脏，这是摩擦起电现象；
摩擦起电的实质是电子的转移：电子从束缚核外电子能力弱的物体质转移到束缚能力强的物体上面。
10、紫外线 红外线 不能
【解析】
验钞机能检验人民币的真伪,它的原理是利用紫外线使荧光物质发光．卫星能对各地秸杆燃烧情况进行监控，其原理是利用温度越高，辐射的红外线越强，人们不能直接用眼睛观察这种光．
11、B
【解析】
重力是由于地球的吸引而产生的，重力的方向指向地心，即竖直向下，故OB2是重力的方向，故B正确，ACD错误．
12、地面 静止
【解析】
试题分析：如果物体相对于参照物的位置保持不变，则物体是静止的，如果物体相对于参照物位置不断变化，则物体是运动的，据此分析答题．
解：
空中加油机在空中给歼击机加油的过程中，相对于地面的位置不断变化，以地面作为参照物，它们都是运动的；
空中加油机在空中给歼击机加油的过程中，歼击机相对于加油机位置保持不变，以加油机为参照物，歼击机是静止的．
故答案为地面；静止．
【点评】本题考查了参照物的选择及根据参照物判断物体的运动状态，是一道基础题．
13、484 6000 110
【解析】
灯丝电阻：
.
灯泡正常发光1 min，灯丝消耗的电能：
.
通电后灯泡消耗的功率：
.
14、会聚 缩小
【解析】
摄像头的镜头采用的是凸透镜，其还可以在暗光环境下拍摄出较淸晰的照片，说明该摄像头的镜头对光线有会聚作用；摄像头拍摄利用的是凸透镜成成倒立、缩小的实像的原理制成的．

三、作图题（共7分）
15、
【解析】
根据题意两只灯泡的连接方式为并联，电流表只测量通过灯L2的电流，故电流表与L2串联，应将灯泡L1左侧的接线柱与电流表的“—”接线柱相连接(或与开关左侧接线柱相连)，如图所示：

16、
【解析】
平行于主光轴的光线经凸透镜折射后经过另一侧的焦点，过光心的光线传播方向不变，两条入射光线的交点即为点光源S的位置。光路图如下：

17、
【解析】
试题分析：由于火车水平向右匀速行驶和水杯中的水突然发生了如图所示的现象可知，火车在减速或刹车。小球由于惯性也会继续向右滚动，此时的小球除了受到重力和支持力外，还受到向左的摩擦力。
考点：惯性；力的示意图

四、实验题（本大题共5小题，共20分）
18、温度计的玻璃泡碰到了容器底 98 >
【解析】
（1）根据图甲可知，在温度计测量液体温度时，温度计的玻璃泡要全部浸入被测液体中不要碰到容器底或容器壁；而图中温度计的玻璃泡碰到了容器底。
（2）图乙中温度计的分度值为1℃，根据图示的液柱对应的刻度读出示数为98℃，即水的沸点为98℃；
（3）由图乙可知a的初温比b的初温高，ab同时沸腾，说明吸收的热量相同，a升高的温度低，两组同学都用水，比热容相同，由Q=cmΔt可知a的质量大。
19、右 ①②③ 33.4 0.86×103 偏小
【解析】
（1）指针偏向分度盘中央刻度线左侧，她应向右侧调节平衡螺母，直至指针指在分度盘中央刻度线．
（2）经分析测量液体密度的实验步骤为：
①向瓶中倒入适量液体，用天平测出液体和瓶的质量m1 ，
②将部分液体倒入量筒中，测出液体的体积V；
③用天平测出瓶与剩余液体的质量m2 ；
（3）由图3所示可知，液体体积V=20mL=20cm3 ；
由图1可知m1 =20g+10g+3.4g=33.4g，由图2可知，m2 =10g+5g+1.2g=16.2g，
所测液体的质量m=m1 -m2 =33.4g-16.2g=17.2g；
液体的密度ρ=m/V=17.2g/20cm3=0.86g/cm3 =0.86×103 kg/m3 ；
（4）在读数过程中，小明俯视量筒读读数偏大，由ρ=m/V可知密度就会变小。
20、1.8 48 偏大
【解析】
第1步：电压表选用小量程，分度值为0.1V，电压为1.8V；
第2步：调节电阻箱使电压表的示数仍如图乙所示，此时电阻箱接入电路中阻值R＝48Ω，根据等效替代法，则小清测得Rx的阻值为48Ω；
讨论：如果向右移动滑片，则此时变阻器接入电路的电阻变大，根据串联电路＝可知，不变时，R滑变大，则R箱也相应变大，即他测得Rx的阻值将偏大。
21、 螺母 便于实验时能从杠杆上直接读出力臂 A 见解析
【解析】(1)实验前调节杠杆上的平衡螺母，使杠杆在不挂钩码时，保持水平并静止，这是为了忽略杠杆的自重对实验的影响，便于实验时能从杠杆上直接读出力臂；因为杠杆在水平位置平衡时，力的方向与杠杆垂直，力臂可以从杠杆标尺刻度上直接读出来；
（2）在已经平衡的杠杆的左侧钩码下加挂钩码，就会由于左侧力×力臂的值大于右侧而下沉，所以为了使杠杆尽快平衡，应同时调节两侧钩码，使左侧左侧力×力臂的值减小的同时，使右侧左侧力×力臂的值增大，所以应把左右两侧钩码同时向右移动，故正确且合理的是D。
（3）根据杠杆平衡条件知道，若杠杆的动力与动力臂乘积之和（F1 L1 +F2 L2）与杠杆阻力与阻力臂的乘积F1 L1相等，则杠杆应平衡，所以猜想杠杆受到动力F1、F2和阻力F3三个力的作用的平衡条件是F3 L3 +F2 L2 =F1 L1。
点睛：本题考查的是研究“杠杆平衡条件”，考查了杠杆平衡的调节、杠杆平衡条件的运用，略有难度。
22、钩码个数 不能 不在同一条直线上的两个力是否能平衡（或相互平衡的两个力是否必须在同一直线上） 100g 木块受到向左的摩擦力 将木块换成小车，减小与桌面之间的摩擦力
【解析】
(1)由于是钩码的重力提供了拉力，并且钩码大小相同，所以改变钩码的个数即可调整拉力的大小．
(2)当平衡的小卡片转过一定角度后，作用在小卡片上的两个力的大小相等，方向相反，但不再在同一直线上，所以该实验探究的是平衡力是否在同一条直线上．
(3) 当只在左边放50g砝码时，木块恰好沿水平方向匀速向左运动，说明木块受力平衡，即向右的摩擦力与向左的拉力平衡，二力大小相等，若向右匀速运动，摩擦力向左，据二力平衡条件可知，此时再在右边放100g砝码即可．
(4)小明再把右盘中的砝码换成一个较重的砝码时，发现木块仍然处于静止状态，木块还受平衡力的作用；此时木块有向右运动的趋势，木块和桌面之间产生了向左的摩擦力的作用，向左的拉力和摩擦力与向右的拉力是平衡力；要避免这种现象，需要减小木块与桌面之间的摩擦力的作用，可以用小车代替木块，或用光滑的水平面代替桌面等．

五、计算题（本大题共2小题，共13分）
23、（1）4.8N，（2）2.5×113Pa．
【解析】
（1）∵茶壶静止在水平桌面上∴水对茶壶底的压力F1=G水=m水g=1．6×11=6N；
　　（2）茶壶的重力G壶=m壶g=1．4×11=4N
　　茶壶对水平桌面的压力Ｆ2＝Ｇ水＋Ｇ壶＝6＋4＝11N
24、（1）2.73×105J；（2）248s；（3）182V。
【解析】
（1）由ρ＝得，水的质量m＝ρV＝1×103kg/m3×1×10﹣3m3＝1kg，
水吸收的热量：
Q吸＝cm△t＝4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（85℃﹣20℃）＝2.73×105J；
（2）由η＝可得，养生壶消耗的电能：
W＝＝＝3×105J，
由P＝可得，养生壶工作时间：
t＝＝≈248s；
（3）由P＝可得，养生壶正常工作时的电阻：
R＝＝＝40Ω；
在用电高峰时，养生壶仍然将1L水从20℃加热到85℃，且加热效率不变，所以养生壶消耗的电能不变，仍然为3×105J，
根据W＝t可知，养生壶的实际电压：
U实＝=≈182V。

六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）
25、行星 低 不能，因为没有地球体积的数据，所以无法用m＝ρV估算地球的质量 开发无污染新能源、提高能源的效能、减少二氧化碳气体排放、植树造林等
【解析】
①太阳系由太阳和八大行星组成，地球是其中一个行星；由短文知道，地球内部的地核内由高温的岩浆组成，其喷发后的温度依然很高，所以，地球的地表平均温度要比火山喷发时岩浆的温度低；
②由短文知道，地球的平均密度约为5.52×103千克/米3，所以，如果再能得到它的体积，可由公式m=ρV估算它的质量，但短文中没有给出地球体积相关的数据，所以，不能估测出地球的质量；
③由图知道，化石能源的消耗产生大量的二氧化碳，这是造成全球气侯变暖的主要原因之一。所以为了应对全球气候变化，可采取的措施是：开发无污染新能源、提高能源的效能、减少二氧化碳气体排放、植树造林等。
26、（1）静止状态；（2）4N；（3）2m；（4）8J。
【解析】
（1）由图丙可知，木箱在0～1s内没有动，处于静止状态；
（2）由图丙可知，在2～3s内木箱做匀速直线运动，处于平衡状态，由平衡条件可知，木箱受到的滑动摩擦力f＝F，由图乙可知，在2～3s内推力F＝4N，则木箱受到的滑动摩擦力f＝F＝4N；
由图丙可知，木箱在1～2s内做加速运动，受到的摩擦力为滑动摩擦力，滑动摩擦力与推力大小无关，接触面的粗糙程度与物体间的压力不变，则木箱受到的滑动摩擦力不变，则1s～2s木箱受到的摩擦力大小为4N；
（3）（4）由丙图知，2s～3s内箱子做匀速直线运动，其速度为2m/s，
则2s～3s内箱子通过的距离：s＝vt＝2m/s×1s＝2m；
由乙图知，此时木箱受到的推力F＝4N，因此推力做功：W＝Fs＝4N×2m＝8J。
27、（1）（2）（3）
【解析】
根据题图和所求，本题考查了学生对阿基米德原理、漂浮条件、同一直线上力的合成的掌握和运用。木块恰好完全浸没水中时，对木块进行受力分析可得，木块受到的浮力等于木块的重力和压力的合力，据此求出木块恰好完全浸没水中时压力Fmax；根据木块受到的浮力等于木块的重力和压力的合力表示出F与x间的函数关系式；
【详解】
（1）F＝0时，F浮＝G，根据阿基米德原理可得：，
F＝Fmax时，F浮＝G+Fmax，
则Fmax＝F浮﹣G＝ ；
（2）F为一般值时，F+G＝F浮，F＝F浮﹣G，即：F＝ρa2gh﹣ ；
（3）当F=0时，；当物体刚好浸没在水中时，h=a, F＝Fmax=；故线段起点坐标（a，0），终点坐标（a，ρa3g）．如图所示：