江西省抚州市临川区2025年中考物理试题命题比赛模拟试卷（20）含解析.doc

江西省抚州市临川区2025年中考物理试题命题比赛模拟试卷（20）
注意事项：
1． 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。
2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。
3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。
4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）
1．下图所示的工具中，属于费力杠杆的是：
A． 钢丝钳 B． 起子
C．羊角锤 D．镊子
2．现代社会倡导文明出行，某班同学对十字路口人行横道的红、绿交通信号灯进行了观察，画出了如图所示的控制人行红、绿灯的电路图，你认为可行的是
A． B．
C． D．
3．2015年8月初，我市出现了高温天气，气温超过了38℃，小陈从冰箱里面取出来一块冰 放在地面上。下列说法正确的是
A．冰没有开始熔化时，冰吸收热量，温度升高，内能不变
B．冰开始熔化到熔化结束，冰吸收热量，温度升高，内能增加
C．冰完全熔化成水后，吸收热量，温度升高
D．冰无论是否开始熔化，都是吸收热量，温度不变，内能增加
4．如图所示，体积相同的实心铁球和实心铝球挂在杠杆两端使杠杆平衡，若将它们同时浸没在水中，则杠杆将

A．左端下沉 B．仍平衡 C．右端下沉 D．无法判断
5．如图甲的电路中，R1、R2的电压与电流的关系如图乙所示，闭合开关，电阻R2两端的电压U1，电路中的总电流为I1，电路消耗的总功率为P1；在不改变电源电压的情况下，用20Ω的电阻R3替换R1，此时R2两端的电压为U2，电路中的总电流为I2，电路消耗的总功率为P2，则

A．R1：R2=1：3 B．P1：P2=2：3 C．U1：U2=1：2 D．I1：I2=3：2
6．关于下列四幅图，对应的说法正确的是

A．图甲，通电导体周围存在着磁场，将小磁针移走，该磁场消失
B．图乙，闭合开关后，通电螺线管右端为N极
C．图丙，司南能指示南北方向，是因为受到地磁场的作用
D．图丁，闭合开关，保持电流方向不变，对调磁体的N、S极，导体棒ab受力方向不变
7．在如图所示的电路中，闭合开关后，当滑片P向右移动时，下列说法正确的是

A．灯泡L变亮
B．电压表V示数变大
C．电流表A1示数变大
D．电流表A2示数变大
二、填空题（本大题7小题，共21分）
8．某楼顶水塔的水面比地面高出23m，一只离地面8m高的水龙头与水塔相通，水龙头横截面积为5cm2，若水龙头口处如用手指堵住，打开阀门时，水对手指的压强为_____Pa，手指受到的压力为_____N．（g 取10N/kg）
9．如图所示，利用滑轮分别拉同一物体沿同一水平地面做匀速直线运动，其中属于定滑轮的装置是图________；属于省距离的装置是图__________．

10．一块重为30牛，体积为2×10-3米3的金属块，用细绳拉着浸没在水中，如图所示，金属块受到浮力的大小为_____牛，所受重力与拉力的合力方向为_____．现将金属块从图中位置缓慢拉至刚好离开水面的过程，金属块所受的拉力F_____（选填“变大”、“不变”或“变小”）．

11．2019年1月3日， 嫦娥四号探测器在月背实现完美软着陆．在距月面15公里时，嫦娥四号探测器向下喷出高速气体实施减速下降（如左图），这表明力能改变_________________；“玉兔二号”月球车在月面运动时留下明显的痕迹（如右图），这表明物体在月球上受到____________________力的作用；根据设计，月球车行驶的最大速度为0.2 km/h，它3 min最多可行驶_________________ m

12．如图所示，质量和底面积都相同的两个容器分别装有质量和深度均相等的甲乙两种不同液体，甲容器对桌面的压强______乙容器对桌面的压强；甲容器底部所受液体的压力_______乙容器底部所受液体的压力．（均选填“大于”、“小于”或“等于”）

13．图所示的弹簧测力计的示数是_____N．

14．如图所示是一款新型无叶电风扇，该电风扇开始工作时，其底座中的电动机将空气从进风口吸入，吸入的空气经压缩后再从圆环空腔上的细缝中高速吹出，感觉吹出的空气的温度比室温低，原因是_____；与传统有叶风扇相比更安全，原因是_____。

三、作图题（共7分）
15．下图是安装一盏电灯和一个大功率插座的实物示意图,A、B为保险丝,请在图上画出接线。

16．如图所示，一物体以某一速度冲上表面粗糙的固定斜面，请画出物体在上滑过程中所受力的示意图．（力的作用点画在物体的中心）
（_____）

17．在图中根据给出的入射光线AO画出反射光线OB，并标出反射角及其度数。
（_____）

四、实验题（本大题共5小题，共20分）
18．在探究“阻力对物体运动的影响”时，使用的器材有斜面、木板、毛巾、棉布和小车如图所示.
（1）实验时要固定斜面，并让小车从斜面上_______(选填“同”或“不同”）位置由静止滑下，目的是使小车到达水平面时速度大小_______ （选填“相同”或“不相同”）.
（2）根据实验现象，可以得出结论：水平面越光滑，小车受到的阻力越_____，在水平面上运动的距离越远.
（3）如果水平面绝对光滑，对小车没有阻力，则小车将做__________运动.
（4）牛顿在前人研究成果的基础上，总结出牛顿第一定律，它的内容是_________．
（5）小车在毛巾、棉布表面上克服阻力做功分别为W1、W2，则W1____W2（选填“>”“=”或“<”）.
（6）如果要测小车在毛巾表面上运动时所受阻力的大小，正确做法是_________．

19．在探究“平面镜成像特点”的实验中．若蜡烛A距玻璃板5cm，则蜡烛B距玻璃板___cm才能与蜡烛A的像完全重合；若在蜡烛B处放一光屏_____（填“能”或“不能”）承接到像；若玻璃板上端向右偏斜（如图），蜡烛A在玻璃板中成的像会_____（填“偏高”或“偏低”）．

20．为了探究漂浮在液面上的均匀实心正方体物块露出液面的高度h与哪些因素有关。某组同学进行了讨论并形成了两个猜想。猜想(一)认为h的大小可能与液体的密度有关；猜想(二)认为h的大小可能与正方体物块的密度有关。为此，他们与老师一起设计了探究方案如下：
探究步骤(一)：探究h与液体密度ρ的关系
（1）测出正方体物块的边长H。
（2）将这个正方体物块分别漂浮于不同液体中，测出相应的h值。
（3）记录数据并归纳总结结论。
探究步骤(二)：探究h与____________的关系
（1）选用不同密度的若干正方体物块，要求它们的边长相等，测出边长H。
（2）将不同密度的正方体物块分别漂浮于水面上，测出相应的h值。
（3）设计记录数据表如表一所示。
表一
实验序号
物块的密度(千克/立方米)
水的密度(千克/立方米)
h(厘米)
H(厘米)
1

2

3

…

（4）记录数据并归纳总结结论。
探究步骤(三)：进一步综合分析并归纳总结结论。
①你认为探究步骤(一)中需要改进的地方是什么?答：________.
②请你填写完整“探究步骤(二)：探究h与__________的关系”。
③该小组同学在完善方案后进行了实验探究活动，其中实验步骤(二)收集到的数据如表二所示：
表二
实验序号
物块的密度(千克/立方米)
水的密度(千克/立方米)
h(厘米)
H(厘米)
1
400
1000
6
10
2
600
1000
4
10
3
800
1000
2
10
…
…
…
…
…
根据实验序号1与2与3，初步分析可得出的结论是：漂浮在水面上的物块，_________。
④根据表二的数据可以推测：若露出水面高度为零时，物块的密度与水的密度的比值等于_______.
⑤关于正方体物块露出液面的高度h与它的边长H的比值正确的是__________.
A． B． C． D．
21．在“探究电流、电压与电阻之间的关系”的实验中，远宏组和思诗组分别对其部分内容进行了探究：
远宏组领到干电池2节、开关1个、电流表和电压表1个，滑动变阻器（20Ω 1A）、定值定值（5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω），导线若干，进行探究“电流与电压的关系”实验。
①根据电路设计如图甲，用笔划线代替导线完成图乙的电路。
②闭合开关后，发现电流表、电压表示数偏转较大，可能的原因是____________
③调节过程中，根据图丙所示，将下表中的数据补充完整。
U/V
1.0
1.5
2.0
2.5
2.8
L/A

0.30
0.40
0.50
0.56
根据表中数据可知，该组是用_______Ω电阻进行实验的。分析数据可以得到结论：当电阻一定时，导体中的电流与电压成正比。思诗组同学根据相同的电路图，增加了两节干电池，探究“电流与电阻关系”的实验：

①定值电阻由10Ω更换为5Ω，闭合开关后，电压表示数如图甲所示，接下来应该调节滑动变阻器的滑片P向_________移动（选填“左”或“右”），直到_________为止，并记录另一电表的数值。所有的数据都标记在图乙所示的坐标上。
②结合图乙所描的图像，分析可知，他所选择的滑动变阻器的规格是_________
A．20Ω 1A B．50Ω 0.5A C．70Ω 0.3A
22．在“测量滑轮组的机械效率”实验中，小明用如图所示的滑轮组提升不同钩码，做了3次实验，实验数据如下表所示．

实验次数
钩码的重力G/N
钩码提升高度h/m
拉力F/N
绳端移动的距离s/m
机械效率η
1
2
0.1
1.0
0.3
66.7%
2
4
0.1
1.7
0.3
78.4%
3
6
0.1

0.3

（1）实验中要竖直向上_____拉动弹簧测力计，使钩码升高；
（2）第3次实验中弹簧测力计的示数如图所示，计算可得第3次实验中滑轮组的机械效率为_____；（结果保留至0.1%）
（3）通过以上3次实验，你可得到的结论是：当使用同一滑轮组提升重物时__________．
五、计算题（本大题共2小题，共13分）
23．如图所示，薄壁圆柱形容器置于水平地面，容器的底面积是m2，容器高0.2m，内盛0.17m深的水．均匀实心正方体A物块（不吸水），其体积为m1．试求：

（1）水对容器底部的压强为多少？
（2）水受到的重力是多少？
（1）将A物块缓慢浸入水中，当水对容器底部的压强最大时，A物块的密度范围？
24．如图所示某款“自动擦窗机器人”的重力为20N，它的“腹部”有吸盘．当擦窗机器人的真空泵将吸盘内的空气向外抽出时，它能牢牢地吸在竖直玻璃上．
当自动擦窗机器人在竖直玻璃板上静止时，摩擦力为多大？吸盘与玻璃的接触面积为1.2×10﹣3m2，若吸盘在此面积上对玻璃的压强为1.5×105 Pa，求吸盘对玻璃的压力．
六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）
25．电热膜是一种新型的电热器件，如图所示是一种常见的电热膜．电热膜是在绝缘的聚酯薄膜表面，经过特殊工艺加工形成的一条条薄的导电墨线，导电墨线两端与金属导线相连，形成网状结构，其内部结构如图所示．电热膜通电工作时没有发红、炽热现象产生，所以电热膜本身温度并不太高，不易氧化，使用寿命长．在制造电热膜时，会出现不同区域导电墨线厚度不均匀的现象．导电墨线电阻随温度变化的关系如图所示，这种温度特性的优点是，它不会因厚度不均匀而出现严重发热不均、局部过热的现象，这是电热丝所不具备的，它保证了电热膜各处的温度均匀．
电热膜取暖器工作时，室内空气温度升高是通过_________方式增加空气内能的；如图所示电热膜电路，导电墨线的连接方式是_____联，正常工作时金属导线中A、B处电流分别为IA和IB，则IA______ IB（填“＜”、“=”或“＞”）．某根导电墨线的局部导电材料脱落，如图C部分，这根导电墨线的电阻____________（选填“变大”、“变小”或“不变”）电热膜不会因厚度不均而出现局部过热的现象，原因是电热丝电阻随温度的升高而___，温度高时发热功率__．（选填“增大”、“减小”或“不变”）
26．如图是某同学制作的简易温控装置，变阻器R的最大电阻为200Ω，Rt是热敏电阻，其阻值与温度t的关系如下表所示．当电磁继电器（电阻不计）的电流超过18mA时，衔铁被吸合，加热器停止加热，实现温控．加热器的功率是1000W，所用电源为家用交流电．
t/℃
30.0
40.0
50.0
60.0
70.0
Rt/Ω
219.5
164.5
128.1
101.8
82.9
（1）电磁继电器是利用_____（选填“电生磁”或“磁生电”）来工作的．Rt的阻值随着温度的降低逐渐_____．闭合开关S后发现电路有断路的地方．该同学将一个电压表接到ab两点时指针不偏转，接到ac两点时指针偏转，断路处在_____之间（选填“ab“或“bc“）．为使该装置能对30℃～70℃之间任意温度进行控制，电源E用_____节干电池．若在50℃时衔铁被吸合，应将滑动变阻器R的阻值调到_____Ω．将调节好的装置（50℃衔铁被吸合）放在容积为100m3的密闭保温容器中，已知空气的比热容为1000J（/kg•℃），密度为1.3kg/m3，则容器中的空气从30℃加热到空气达到的最高温度至少需要_____s．

27．如图所示，盛有水的轻质薄壁圆柱形容器甲和实心均匀圆柱体乙均放置于水平地面上，它们的底面积分别为1×10﹣1米1和0.5×10﹣1米1．现将两完全相同物块分别放入容器甲中和叠在圆柱体乙的上方，放置前后容器甲、圆柱体乙对水平地面的压强大小p甲、p乙如下表所示。求：

对水平地面的压强
放置之前
放置之后
p甲（帕）
980
1470
p乙（帕）
980
1960
（1）容器甲中原来水的深度。圆柱体乙的质量。请根据相关信息判断物块放入甲容器时，水是否溢出，并说明理由。
参考答案

一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）
1、D
【解析】
动力臂小于阻力臂的杠杆属于费力杠杆，四幅图中只有镊子的动力臂是小于阻力臂的，故应选D。
2、B
【解析】
两开关均闭合时红绿交通信号灯同时发光，只闭合一个开关均不发光，故A错误；只闭合开关S1 时绿灯亮，只闭合开关S2 时红灯亮，两灯独立工作，互不影响，故B正确；两开关都闭合时会造成电源短路且两灯泡不发光，任何一个开关断开时红绿交通信号灯同时发光，故C错误；当只闭合开关S2 时，两灯泡都发光，只闭合S1 时绿灯亮，故D错误，故选B。
3、C
【解析】
A、冰没有开始熔化时，冰吸收热量，温度升高，内能增大，故A错误；
B、冰是晶体，冰开始熔化到熔化结束，吸收热量，温度不变，内能增加，故B错误；
C、冰完全熔化成水后，继续吸收热量，温度不断升高，故C正确；
D、冰熔化前，吸收热量，温度升高，内能增加，熔化过程中，吸收热量，温度不变，内能增加，故D错误。
4、A
【解析】
因为ρ铁＞ρ铝，V铁=V铝，根据m=ρV得到m铁＞m铝，根据G=mg得到G铁＞G铝，设铁球和铝球对杠杆拉力的力臂分别为l铁，l铝，由杠杆的平衡条件，可得：G铁l铁= G铝l铝。因G铁＞G铝，所以l铁＜l铝。又因V铁=V铝，当把铁球和铝球同时浸没在水中，根据F浮=ρ液gV排可知F浮铁=F浮铝，则F浮铁l铁＜F浮铝l铝，所以(G铁-F浮铁) l铁＞(G铝-F浮铝) l铝，左端下沉。
5、B
【解析】
由电路图知道，R1、R2 并联，电源电压不变，由并联电路的电压特点知道U1 ：U2 =1：1，故C错误；由R1 的图像知道，当它两端电压为6V时，通过它的电流I1′=0.1A，由I=U/R知道，R1 的阻值是：R1 =U/I1′=6V/0.1A=60Ω，由R2 的图像知道，当它两端电压为6V时，通过它的电流为I2′=0.3A，所以，R2的阻值是：R2 =U/I2′=6V/0.3A=20Ω，即R1 ：R2 =60Ω：20Ω=3：1，故A错误；设该电路电源电压U=6V，由图乙知道，R1 支路中的电流I1′=0.1A，R2 支路中的电流I2′=0.3A，则干路上的电流是：I1 =I1′+I2′=0.1A+0.3A=0.4A，所以，电路消耗的总功率是：P1 =UI1 =6V×0.4A=2.4W；当用20Ω的电阻R3 替换R1时，R3 支路中的电流是：I3 =U/R3=6V/20Ω=0.3A，此时干路上的电流是：I2 =I3 +I2 ′=0.3A+0.3A=0.6A，则电路消耗的总功率是：P2 =UI2 =6V×0.6A=3.6W，即P1：P2 =2.4W：3.6W=2：3，I1 ：I2 =0.4A：0.6A=2：3，故B正确，D错误，故选B．
6、C
【解析】
（1）通电导线的周围存在磁场，但磁场看不见、摸不着，可以通过小磁针的偏转说明磁场的存在；
（2）安培定则：用右手握螺线管，让四指指向螺线管中电流的方向，则大拇指所指的那端就是螺线管的北极；
（3）指南针就是利用地磁的作用来指向南北的；
（4）通电导体在磁场中受到力的作用，受力方向与磁场方向和电流方向有关，当其中一个方向变化时，受力方向变化，但当两个方向同时变化时，受力方向不变。
【详解】
A、图甲中，通电导线周围存在磁场，将小磁针移走，磁场仍存在，故A错误；
B、图乙中电源的正极在右侧，可知螺线管中电流方向是由右侧进入左侧流出，利用安培定则可知通电线管的右端为S极，B错误；
C、图丙中，因为地球是一个巨大的磁体，司南能够指示南北方向是因为受到地磁场的作用，故C正确；
D、图丁中，若电流方向不变，对调N、S极，即改变了磁感线方向，导体棒ab运动方向将改变，D错误。
故选：C。
本题考查了电与磁之间的三个联系：通电导体的周围存在磁场、通电导体在磁场中受力和电磁感应现象，还考查了安培定则的应用，要求平时学习时注意区分三个相关实验的原理和应用。
7、C
【解析】
由电路图可知,灯泡L与滑动变阻器R并联，电压表V测电源的电压，电流表A1测干路电流,电流表A2测L支路的电流。因电源的电压不变，所以滑片移动时，电压表的示数不变，故B错误；
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过L的电流和实际功率不变，即L的亮度不变，故A错误；
当滑片P向右移动时，变阻器接入电路中的电阻变小，由可知，通过R的电流变大，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流变大，即电流表A1的示数变大，由P=UI可知，整个电路消耗的总功率变大，故C正确，D错误。

二、填空题（本大题7小题，共21分）
8、1.5×105 75
【解析】
水龙头处水的深度：h＝h1﹣h2＝23m﹣8m＝15m，
打开阀门时，水对手指的压强：p＝ρgh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×15m＝1.5×105Pa，
由p＝可得，手指受到的压力：F＝pS＝1.5×105Pa×5×10﹣4m2＝75N。
9、甲 丙
【解析】
甲图中，滑轮的轴的位置固定不动，甲图的滑轮为定滑轮，使用甲滑轮可以改变力的方向，但不能省力，也不能省距离；乙、丙图中的滑轮都随物体一起运动，都是动滑轮，其中乙图中，拉力作用在轮上，省力、费距离；丙图中，拉力作用在轴上，费力、省距离，所以属于省距离的是丙图中的动滑轮．
10、19.6 竖直向上 变大
【解析】
∵金属块浸没在水中，∴V排=V=2×10−3m3，F浮=ρ水gV排=1×103kg/m3×9.8N/kg×2×10−3m3=19.6N，
所受重力与拉力的合力为浮力，即浮力的方向竖直向上．
现将金属块从图中位置缓慢拉至刚好离开水面的过程，排开水的体积越来越小，物体所受的浮力变小，则拉力变大．
11、物体的运动状态 重力（或月球的吸引力） 10
【解析】
根据题意知道，嫦娥四号探测器向下喷出高速气体实施减速下降，由于速度大小的变化，由此说明力可以改变物体的运动状态；由图知道，“玉兔二号”月球车在月面运动时留下明显的痕迹，说明月球车对地面有压力，即说明物体在月球上受到月球的吸引力的作用；由于月球车行驶的最大速度为0.2 km/h，所以，它3 min最多可行驶的距离是：．
12、等于；大于
【解析】
试题分析：（1）容器对桌面的压力等于容器和容器内液体的重力之和，根据压强公式p=分析两容器对桌面的压强．
（2）根据质量和体积的关系，并利用密度公式比较液体密度的大小，然后根据公式p=ρgh分析液体对容器底部压强的大小关系．再利用p=可判断出二者的压力关系．
解：（1）两容器质量相等，则重力相等，两容器内液体质量相等，则重力相等，容器对桌面的压力等于容器和容器内液体的重力之和，故甲容器对桌面的压力等于乙容器对桌面的压力，又知两容器底面积相等，根据压强公式p=，甲容器对桌面的压强等于乙容器对桌面的压强；
（1）因为两容器内液体的质量相同，并且V甲＜V乙，所以，由ρ=可知，ρ甲＞ρ乙；
两容器中的液体深度h相同，ρ甲＞ρ乙，根据公式p=ρgh可得，p甲＞p乙．
两容器底面积相等，所以，由p=可知，甲容器底部所受液体的压力大于乙容器底部所受液体的压力．
故答案为等于；大于．
13、2.0
【解析】
由图示弹簧测力计可知，其分度值为0.2N，一个大格为1N，故示数为2.0N．
14、被压缩的空气膨胀后对外做功，内能减小，温度降低 无扇叶
【解析】
电动机将空气从进风口吸入，吸入的空气被压缩，被压缩的空气膨胀后对外做功，内能减小，温度降低，所以感觉吹出的空气的温度比室温低；由于无叶电风扇没有扇叶，所有无叶电风扇比传统有叶电风扇更加安全。

三、作图题（共7分）
15、
【解析】
本题要考查的是关于家庭电路连接的操作细节，对于电灯接线操作的基本要求是：火线零线并排走，零线直接进灯头，火线接在开关上，通过开关进灯头；而对于插座的接线方法是要求左零右火，三孔插座还要求中接地，电路中有熔丝，要将熔丝接到火线上，接线如图所示：

16、
【解析】
物体一定受到竖直向下的重力作用，冲上粗糙斜面时会受到斜面对它沿斜面向下的摩擦力，同时还会受到斜面对它的支持力，方向垂直于斜面向上．
过物体的中心，分别沿各力的方向画一条有向线段，并分别用G、f和F表示，如图所示：

17、
【解析】
已知入射光线与镜面的夹角为30°，入射角为90°-30°=60°，根据光的反射定律可知反射角也为60°；根据反射角等于入射角，在法线的右侧画出反射光线OB，并标出反射角及其度数，如图所示：

四、实验题（本大题共5小题，共20分）
18、同 相同 小 匀速直线 一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态，除非作用在它上面的力迫使它改变这种运动状态 = 测力计沿水平方向拉着小车在毛巾表面上做匀速直线运动，读出测力计示数
【解析】
（1）让小车从斜面的同一高度由静止下滑的目的是，当小车到达水平面时，使小车的速度相同；
（2）毛巾、棉布、木板粗糙程度逐渐变小，阻力逐渐变小，根据实验现象，可以得出结论，水平面越光滑，小车受到的阻力越小，在水平面上运动的距离越远；
（3）由（2）知，水平面越光滑，小车受到的阻力越小，在水平面上运动的距离越远；如果水平面绝对光滑，对小车没有阻力，则小车将做匀速直线运动；
（4）牛顿在前人研究成果的基础上，总结出牛顿第一定律：一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态，除非作用在它上面的力迫使它改变这种运动状态；
（5）因小车达到水平面时初速度相同，小车的动能相同，最终速度为0，小车的动能全部转化为内能，大小等于克服阻力做的功，若小车在毛巾、棉布表面上克服阻力做功分别为W1、W2，则W1=W2；
（6）根据二力平衡，用测力计沿水平方向拉着小车在毛巾表面上做匀速直线运动，此时拉力大小和小车所受阻力为平衡力，大小相等，故测力计示数即为小车在毛巾表面上运动时所受阻力的大小．
19、5不能偏低
【解析】
根据平面镜成像特点知道，物像等距，所以，若蜡烛A距玻璃板5cm，则蜡烛A的像距离平面镜也为5cm，所以蜡烛B与玻璃板相距5cm才能与蜡烛A的像完全重合；由平面镜成的是虚像知道，若在蜡烛B处放一光屏，则不能承接到像，因为光屏只能接收到实像，接收不到虚像；作出蜡烛A的关于平面镜的对称点，即蜡烛A的像，若玻璃板上端向右偏斜（如图），则蜡烛A在玻璃板中成的像会偏低．
点睛：本题考查的是探究平面镜成像特点的实验，本题根据探究过程可能遇到的问题，来考查同学的解决办法，值得我们关注．
20、记录不同液体的密度ρ液 物体的密度ρ物 体积相同，物体密度越大，露出液面的高度越小 1 C
【解析】
①探究物块露出液面的高度与液体密度的关系，需要改变液体的密度，记录不同液体的密度，所以步骤(一)中缺少记录不同液体的密度；
②步骤（二）中需要探究h的大小与正方体物块的密度ρ物的关系；
③比较实验序号1与2与3中的数据，正方体物块的边长相等，物块的密度越大，露出液面的高度越小；
④由表中数据可知，物块的密度增加200kg/m3，露出的高度h减小2cm，所以当物体的密度为1000kg/m3，露出的高度为0，所以物块的密度与水的密度的比值为；
⑤设物块的底面积为S，物块处于漂浮状态，∴F浮=G，ρ液gV排=ρ物gV物，ρ液gS（H-h）=ρ物gSH，，故C正确。
21、 开关闭合前滑动变阻器滑片没有移到阻值最大处 0.2A 5 左 电压表的示数为2V B
【解析】
（1）①干电池2节，电源电压为3V，电压表选用小量程与电阻并联，如下所示：

②闭合开关后，发现电流表、电压表示数偏转较大，可能的原因是：没有将变阻器的最大电阻连入电路中；
③如图丙电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.20A，根据表中数据可知，由欧姆定律，该组的电阻：；
（2）由图乙知，电阻两端的电压始终保持：，定值电阻由10Ω更换为5Ω，根据串联分压原理可知，电阻其分得的电压变小；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应减小滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应减小滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向左端移动，直到电压表示数为2V；现在电源电压为6V；根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑=6V-2V=4V，变阻器分得的电压为电压表示数的2倍，根据分压原理，当接入25Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：R滑=2×25Ω=50Ω，考虑到0.3A＜0.4A，故选用50Ω、0.5A的变阻器，即选用B。
22、匀速 83.3% 重物越大机械效率越大
【解析】
（1）实验中要竖直向上匀速拉动弹簧测力计，使钩码升高，此时处于平衡状态，测力计示数才等于拉力大小，且测力计示数稳定便于读数；
（2）由图可知，测力计分度值为0.2N，则第3次的拉力为2.4N，由表中数据可得，第3次实验的机械效率：；
（3）由表中数据可知，同一滑轮组的机械效率主要与提升物体的重力有关，使用同一滑轮组提升物体的重力越大，机械效率越高．

五、计算题（本大题共2小题，共13分）
23、（1）1.666×101Pa；（2）11.128N；（1）
【解析】
（1）水对容器底部的压强：p=ρ水gh=1.0×101kg/m1×9.8N/kg×0.17m=1.666×101Pa，
（2）水的体积V=Sh=8×10-1m2×0.17m=1.16×10-1m1，水受到的重力G=mg=ρ水Vg=1.0×101kg/m1×1.16×10-1m1×9.8N/kg=11.128N；
（1）A在水中的状态可能有三种情况：漂浮、悬浮或下沉；A漂浮时其密度小于水的密度，悬浮时其密度等于水的密度，下沉时其密度大于水的密度；由于本题求的是A的最小密度，故A在水中处于漂浮状态时，其密度最小；将A缓慢浸入在水中，当水面上升至0.2m时，水对容器底部的压强是最大的；水面上方的体积即排开的水的体积为：V排=Sh′=8×10−1m2×(0.20m−0.17m)=2.4×10−4m1<1.2×10−4m1，此时A漂浮，A受到的浮力为：F浮=GA，即ρ水gV排=ρAgVA，带入数据得：1.0×101kg/m1×9.8N/kg×2.4×10−4m1=ρA×9.8N/kg×1.2×10−4m1，解得A的最小密度：ρA=0.75×101kg/m1。
24、（1）20N；
（2）180N
【解析】
试题分析：（1）∵ 机器人静止在竖直玻璃上，处于平衡状态，摩擦力与重力是一对平衡力
∴ f="G=20" N
（2） 由p=得F=pS=1．5×105Pa×1．2×10-3m2="180" N
考点： 平衡力；压强

六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）
25、热传递 并联 ＜ 变大 增大 减小
【解析】
（1）改变物体内能的方式有现种：做功和热传递；电热膜取暖器工作时，室内空气温度升高是通过热传递方式增加空气内能的；
（2）由图示可知，导电墨线的连接方式为并联，且A、B两点所处的位置不同，通过B点的电流大于通过A点的电流；
（3）脱落的地方的截面积变小了，所以电阻变大；
（4）电热膜电热丝电阻随温度的升高而增大，温度高时发热功率减小，所以不会因厚度不均而出现局部过热的现象．
26、电生磁 增大 bc 3 121.9 2600
【解析】
（1）电磁继电器是根据电流的磁效应制成的；根据表格数据可知Rt的阻值随着温度的变化而变化情况；
（2）电压表指针不偏转，说明断路在电压表两接线柱之外的位置；电压表指针偏转，说明电压表与电源两极是连通的，其断路处在两接线柱之间；
（3）由于电磁继电器（电阻不计）的衔铁被吸合的电流不变，当温度为30℃时，热敏电阻Rt的阻值最大，根据欧姆定律求出热敏电阻Rt两端的电压，
知道一节干电池的电压为1.5V，从而可以求出需要的干电池的节数；
先求出电源电压，再利用欧姆定律和串联电路电阻的特点求出滑动变阻器R接入电路的阻值；根据求出密闭保温容器中空气的质量，再根据和求出需要的加热时间．
【详解】
（1）电磁继电器的核心部件是电磁铁，通电时有磁性，断电时无磁性，是根据电流的磁效应制成的，即利用电生磁来工作的．
由表格数据可知，温度t越低，热敏电阻Rt的阻值越大，即Rt的阻值随着温度的降低逐渐增大．
（2）该同学将一个电压表接到ab两点时指针不偏转，说明ab两点之间是连通的，断路在ab两点之外的位置；
将电压表接到ac两点时指针偏转，说明电压表与电源两极是连通的，其断路处在bc之间．
（3）由于电磁继电器（电阻不计）的衔铁被吸合的电流不变，
当温度为30℃时，热敏电阻Rt的阻值最大，其阻值，
由得，热敏电阻Rt两端的电压：
，
由于一节干电池的电压为1.5V，所以需要的干电池的节数：，
所以，n取3节，即电源E用3节干电池．
电源E的电压：，
此时电路总电阻：，
由表格数据可知，在温度为50℃时，热敏电阻，
根据串联电路电阻特点可知，滑动变阻器R接入电路的阻值：
．
由得，密闭保温容器中空气的质量：
，
则容器中的空气从30℃加热到空气达到的最高温度吸收的热量：
，
由题意知，加热器消耗的电能，
再根据得，需要的加热时间：
．
27、（1）0.1m；（1）0.5kg；（3）物块放入甲容器时水没有溢出，理由：物体放入甲容器后对水平地面压强的增加量等于水未溢出时容器对水平地面压强的增加量
【解析】
（1）因轻质薄壁圆柱形容器甲中水对地面的压力和水的重力相等，所以，水对容器底部的压强等于容器对地面的压强，由表格数据可知，原来水对容器底部的压强p甲＝980Pa，由p＝ρgh可得，容器甲中原来水的深度：===0.1m；
（1）由表格数据可知，原来乙对水平地面的压强p乙＝980Pa，因水平面上物体的压力和自身的重力相等，所以，由p＝＝＝可得，圆柱体乙的质量：==0.5kg；
（3）由表格数据可知，物体叠在圆柱体乙的上方后，乙对水平面的压强p乙′＝1960Pa，则物体的重力：G＝△F乙＝△p乙S乙＝（p乙′﹣p乙）S乙＝（1960Pa﹣980Pa）×0.5×10﹣1m1＝4.9N，若物块放入甲容器后水不溢出，则轻质薄壁圆柱形容器甲对水平地面压强的增加量：
△p甲′＝490Pa因p甲′﹣p甲＝1470Pa﹣980Pa＝490Pa＝△p甲′，所以，假设是正确的，即物块放入甲容器时水没有溢出。