2025-2026学年新疆维吾尔自治区兵团地区十校联考生物高三上期末教学质量检测模拟试题.doc

2025-2026学年新疆维吾尔自治区兵团地区十校联考生物高三上期末教学质量检测模拟试题
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、选择题(本大题共7小题,每小题6分,共42分。)
1．下列有关标志重捕法和样方法这两种种群密度调查方法的说法，正确的是（ ）
A．调查动物的种群密度时都要采用标志重捕法
B．选取的样方一般呈长方形，样方面积可以根据情况调整大小
C．标志重捕法中种群数量的估算公式是：(标志个体数×重捕个体数)/重捕标志个体数
D．样方计数时，同种生物个体无论大小都要计数，且要计算样方边线上所有个体
2．下列有关“基本骨架”或“骨架”的叙述，错误的是
A．DNA分子中的核糖和磷酸交替连接排在外侧构成基本骨架
B．每一个单体都以若干个相连的碳原子构成的碳链为基本骨架
C．生物膜的流动镶嵌模型认为磷脂双分子层构成了膜的基本骨架
D．真核细胞中有维持细胞形态保持细胞内部结构有序性的细胞骨架
3．为研究R型肺炎双球菌转化为S型肺炎双球菌的转化物质是DNA还是蛋白质，进行了肺炎双球菌体外转化实验，其基本过程如图所示：

下列叙述正确的是
A．甲组培养皿中只有S型菌落，推测加热不会破坏转化物质的活性
B．乙组培养皿中有R型及S型菌落，推测转化物质是蛋白质
C．丙组培养皿中只有R型菌落，推测转化物质是DNA
D．该实验能证明肺炎双球菌的主要遗传物质是DNA
4．下图表示某森林生态系统一年内CO2消耗量与释放量的情况，其中甲表示该生态系统消费者呼吸作用CO2释放量，乙表示分解者呼吸作用CO2释放量，丙表示生产者呼吸作用CO2释放量，丁表示生产者光合作用及化能合成作用CO2消耗量，下列叙述不正确的是

A．碳循环在甲、乙、丙构成的生物群落内部是以含碳有机物的形式双向传递
B．流经该生态系统的总能量可用丁来表示
C．人工生态系统中CO2的消耗量与释放量关系往往不符合上图
D．根据图示关系可推测该森林生态系统的抵抗力稳定性正在上升
5．有关“转基因猴”、“ 克隆猴”和“试管猴”的说法合理的是（ ）
A．三种猴都继承了双亲的优良性状
B．三种猴培育过程都体现了细胞核的全能性
C．三种猴培育过程都应用了动物细胞培养技术和胚胎移植技术
D．为提高繁殖效率三者都可采用原肠胚期的胚胎进行胚胎分割
6．下列是关于生物学实验操作、实验结果或实验现象的描述，其中正确的是
A．用纸层析法分离菠菜滤液中的色素时，橙黄色的色素带距离所画滤液细线最远
B．韭菜叶含丰富的还原糖，可选其作为实验材料做还原糖的鉴定实验
C．探究酵母菌的呼吸方式可以用是否产生CO2来确定
D．鉴定蛋白质需要的试剂是NaOH和CuSO4溶液，并加热至沸腾
7．如图所示为基因型AaBb（两对基因独立遗传）的某种二倍体动物的两个正处在分裂状态的细胞。下列说法正确的是

A．两个细胞的分裂方式相同
B．两个细胞中染色体组数和同源染色体对数相同
C．两个细胞有发生相同类型的可遗传变异
D．两个细胞中染色体上出现所示的A与a的原因一定相同
8．（10分）下列哪一项不是生物多样性的内容（ ）
A．多种多样的基因 B．丰富的物种数目
C．丰富的个体数量 D．多种多样的生态系统
二、非选择题
9．（10分）下表是某山区在农田退耕后，第1．10及20年的群落变化。请回答下列问题。
类型
1年群落
10年群落
20年群落
优势种
物种数
优势种
物种数
优势种
物种数
草本
青蒿
26

24

18
灌木

9
马桑
16

13
乔木

1

11
松树
23
（1）20年间，发生在退耕农田上的群落演替经历了__________三个阶段。从表中数据可以看出，群落演替的实质是____________________。
（2）20年间，该生态系统的物种丰富度__________ (填增大、减小或不变)。在用样方法调查优势种的种群密度时，为减小调查误差，应注意____________________ (答出两点即可)。
（3）20年间，退耕农田上的植物群落在垂直方向上分层现象越来越明显，这种变化提高了__________。
（4）我国提出大力推进生态文明建设，解决生态系统退化问题。请从生态功能的角度分析，退耕还林的意义是____________________。
10．（14分）果蝇（2N=8）的体色灰身和黑身受一对等位基因控制（用A和a表示），其眼色受位于另一对等位基因控制（用B和b表示），现有两只雌雄果蝇为亲本进行杂交，杂交后代F1的表现型比例为：灰身白眼（雄性）：灰身红眼（雌性）：黑身白眼（雄性）：黑身红眼（雌性）=3：3：1：1，回答下列问题：
（1）果蝇的一个精细胞的染色体组成可表示为___________________________，测定果蝇的一个基因组需要测定_____________条染色体上的碱基序列。
（2）亲本果蝇的基因型为____________________________________。选择F1中的灰身雌雄果蝇进行自由交配，则交配后后代灰身红眼雌性个体所占的比例为__________。
（3）若亲本的雌雄果蝇中的A基因所在的染色体都缺失了一个片断，（缺失片断不包含A基因），含有片断缺失的染色体的卵细胞无法参与受精，而对精子无影响，则该亲本果蝇随机交配两代，产生的F2中灰身果蝇：黑身果蝇=____________。
11．（14分） “爆爆蛋”又叫海藻魔豆，味道Q弹爽滑，轻咬外皮“噗嗤”流出香甜的果汁，深受消费者喜爱。目前作为食品添加剂广泛应用于果汁、奶茶、冷饮、雪糕、沙拉、甜品等食物中。下图是“爆爆蛋”制作流程，请回答下列问题：

注：海藻酸钠作为成膜剂，可与多价阳离子（主要应用Ca2＋）反应形成凝胶。
（1）利用果胶酶和果胶甲酯酶制备的果汁比鲜榨果汁更加澄清的原因是_________。很多微生物，如霉菌、_________等都可产生果胶酶。_________的获得是菌种鉴定、计数和培养应用的基础。
（2）对高产果胶酶的优质菌种（好氧菌）进行扩大培养时，可将其接种到培养基_________ (填“固体”或“液体”)中并混匀，然后分为甲、乙两组。甲组进行静置培养，乙组进行振荡培养，推测_________组优质菌种生长速度快，理由是_________________。
（3）本流程中果汁颗粒的固定化方法是_________。若“爆爆蛋”的口感偏硬，咬不动，可能的原因是___________________。
12．玉米中因含支链淀粉多而具有黏性（由基因D控制）的籽粒和花粉遇碘变棕色；含直链淀粉多不具有黏性（由基因d控制）的籽粒和花粉遇碘变蓝色。D对d完全显性，位于3号染色体上。科研人员发现可稳定遗传的黏性玉米品种甲具有抗病基因E和耐干旱基因H，其中H基因位于5号染色体上。基因位置如下图所示：

将玉米品种甲与玉米品种乙进行测交实验，F1自交，检测F2群体中不同植株的基因型，发现不同基因型个体数如下表。
EE
Ee
ee
HH
Hh
hh
39
120
81
59
121
60
请回答下列问题:
（1）玉米耐干旱基因的遗传遵循__________定律，判断的依据是_________。玉米抗病性状和黏性性状的遗传不遵循自由组合定律，判断的依据是____________________。
（2）研究人员通过数学统计发现F2群体中EE、Ee、ee基因型个体的数量比总是1：3：2，并且发现F1产生的雌配子育性正常，进而推测带有E基因的花粉成活率低。请利用已有的品种甲、乙、F1，设计实验验证上述推测，要求写出实验步骤并预期实验结果（不考虑交叉互换）。
方法一、
实验步骤：____________________________，
实验结果：____________________。
方法二、
实验步骤：_______________________。
实验结果：________________________。
（3）进一步研究发现品种乙3号染色体上有两个紧密连锁在一起的基因P1和P2（如图），P1编码抑制花粉发育的毒性蛋白，P2编码能解除该毒性蛋白作用的保护性蛋白。品种甲3号染色体上无基因P1和P2。

①据此可知，F1带有E基因花粉成活率低的原因是P1在减数第一次分裂时期表达，而P2可能在_________细胞中表达。
②P1和P2被称为自私基因，其“自私性”的意义是使_________更多地传递给子代。
参考答案

一、选择题(本大题共7小题,每小题6分,共42分。)
1、C
【解析】
1、一般植物和个体小、活动能力小的动物以及虫卵常用的是样方法，其步骤是确定调查对象→选取样方→计数→计算种群密度；活动能力大的动物常用标志重捕法，其步骤是确定调查对象→捕获并标志个体→重捕并计数→计算种群密度。
2、计算种群密度时，样方法是计算各个样方内种群数量的平均值，计算时要注意样方的面积大小相等，标志重捕法也要根据环境面积，再计算种群密度，而不是一定面积内的个体数。种群中的个体数=第一次捕获数×第二次捕获数÷标志后重新捕获数。
【详解】
A、动物活动能力强，调查其种群密度一般采用标志重捕法，活动能力弱的采用样方法，A错误；
B、样方的性状应该根据选定的地方的地形决定，所以不一定是正方形，B错误；
C、标志重捕法中种群数量的估算公式是：标志个体数（第一次捕捉个数）×重捕个体数/重捕标志个体数，C正确；
D、样方计数时，同种生物个体无论大小都要计数，对于压线的个体计数方法是“计上不计下，计左不计右”，D错误。
故选C。
了解关于调查种群密度方面的题目时，首先要知道什么生物选用什么样的调查方法，其次要知道怎么调查，易错点是样方法的计数原则。
2、A
【解析】
DNA分子中磷酸和脱氧核糖交替排列构成基本骨架；每一个单体都是以若干个相连的碳原子构成的碳链为基本骨架，许多单体连接成多聚体；桑格和尼克森提出了生物膜的流动镶嵌模型，认为磷脂双分子层构成了膜的基本支架；真核细胞中的细胞骨架是由蛋白质纤维组成的，它对于有维持细胞形态、保持细胞内部结构有序性，与细胞运动、能量转换等生命活动密切相关。
【详解】
A. DNA分子中的脱氧核糖和磷酸交替连接排在外侧构成基本骨架，A错误；
B. 每一个单体都以若干个相连的碳原子构成的碳链为基本骨架，B正确；
C. 流动镶嵌模型认为磷脂双分子层构成了膜的基本支架，C正确；
D. 真核细胞中有维持细胞形态、保持细胞内部结构有序性的细胞骨架，D正确。
故选A。

3、C
【解析】
艾弗里的肺炎双球菌体外转化实验中，将S型菌的DNA、蛋白质和荚膜等物质分离开，与R型菌混合培养，观察S型菌各个成分所起的作用。最后再S型菌的DNA与R型菌混合的培养基中发现了新的S型菌，证明了DNA是遗传物质。
【详解】
甲组中培养一段 时间后可发现有极少的R型菌转化成了S型菌，因此甲组培养皿中不仅有S型菌落也有R型菌落，A选项错误；乙组培养皿中加入了蛋白质酶，故在乙组的转化中已经排除了蛋白质的干扰，应当推测转化物质是DNA，B选项错误；丙组培养皿中加入了DNA酶，DNA被水解后R型菌便不发生转化，故可推测是DNA参与了R型菌的转化，C选项正确；该实验只能证明肺炎双球菌的遗传物质是DNA，无法证明还有其他的物质也可做遗传物质，D选项错误。
4、A
【解析】
A、碳循环在甲、乙、丙构成的生物群落内部是以含碳有机物的形式单向传递的，A项错误；
B、流经该生态系统的总能量是生产者固定的总能量，而丁表示生产者光合作用及化能合成作用CO2消耗量，所以流经该生态系统的总能量可用丁来表示，B项正确；
C、人工生态系统由于人工调节，物质和能量多流向对人类有益的部分，故C项正确；
D、流经该生态系统的总能量大于各个营养级的呼吸消耗，有积累，故适宜物种生存，物种丰富度会逐渐增加，抵抗力稳定性增强，D项正确。
故选A。
考点：本题考查生态系统能量流动、物质循环的相关知识，意在考查考生运用所学知识与观点，通过比较、分析与综合等方法对某些生物学问题进行解释、推理，做出合理的判断或得出正确的结论的能力。
5、C
【解析】
“克隆猴”的产生：将体细胞核移植到去核卵细胞中诞生的新个体，说明遗传信息在细胞核中；“试管猴”是用人工方法让卵子和精子在体外受精并进行早期胚胎发育，然后移植到母体子宫内发育而诞生的婴儿；“转基因猴”是外源基因转移到猴尚未融合的受精卵内的卵细胞核或精子的细胞核中，再将早期胚胎移植到受体母猴中。
【详解】
AB、“克隆猴”的性状主要来自于提供细胞核的供体，该过程可以体现细胞核的全能性；“试管猴”是有性生殖过程，可继承双亲性状，不能体现细胞核全能性，A、B错误；
C、由以上分析可知，三种猴培育过程都应用了动物细胞培养技术和胚胎移植技术，C正确；
D、胚胎分割的时期应是桑椹胚或囊胚期，D错误。
故选C。
掌握三种猴的产生过程是解题关键。
6、A
【解析】
还原糖的鉴定实验中，最理想的实验材料是含糖量较高的生物组织（或器官），而且组织的颜色较浅，易于观察；可选用苹果、梨、白色甘蓝叶、白萝卜等，但不能选用甜菜、甘蔗，因为它们所含的蔗糖是一种非还原糖；马铃薯因含淀粉较多也不能做实验材料；不能选西瓜、血液（含葡萄糖）、含还原糖的绿色叶片等做实验材料，以避免颜色的干扰。
【详解】
A、用纸层析法分离菠菜滤液中的色素时，橙黄色的色素带是胡萝卜素，在层析液中溶解度最高，则距离所画滤液细线最远，A正确；
B、韭菜叶含丰富的还原糖，但含有色素会妨碍观察，一般不可选其作为实验材料做还原糖的鉴定，B错误；
C、探究酵母菌的呼吸方式用是否产生酒精来确定，而有氧呼吸和无氧呼吸都能产生二氧化碳，C错误；
D、鉴定蛋白质需要的试剂是NaOH和CuSO4溶液，先加NaOH溶液2毫升，再加CuSO4溶液3-4滴，摇均观察，不要加热，D错误。
故选A。
【定位】
叶绿体色素的提取和分离实验,检测蛋白质的实验,检测还原糖的实验，探究酵母菌的呼吸方式
本题相关实验应注意以下内容：
（1）用纸层析法分离菠菜滤液中的色素时，由上到下（滤液细线在下方）依次为胡萝卜素、叶黄素、叶绿素A、叶绿素B，橙黄色的胡萝卜素距离所画滤液细线最远。
（2）鉴定生物组织中的还原糖、脂肪和蛋白质，只有鉴定还原糖时才需加热，其他的常温即可观察颜色变化。
7、C
【解析】
分析题图：图A细胞含同源染色体，且着丝点排列在赤道板上，是有丝分裂的中期；图B细胞不含同源染色体，并且姐妹染色单体分开，是减数第二次分裂的后期。
【详解】
A、两个细胞所属的分裂方式不同，分别是有丝分裂和减数分裂，A错误；
B、两个细胞中染色体组数都为两个，但图B细胞中不含同源染色体，B错误； 
C、依据题目两对基因独立遗传，说明两图中含A或a的染色体上都有b的变异均来自于染色体的易位，故两个细胞发生了相同类型的可遗传变异，C正确；
D、前一细胞中染色体上出现所示的A与a的原因是复制时出现了基因突变，后一细胞则可能是基因突变也可能是四分体时期的交叉互换，故两个细胞中染色体上出现所示的A与a的原因不一定相同，D错误。
故选C。
本题考查细胞分裂图的识别等知识点，考查考生的理解能力和识图分析能力，解题的关键是正确理解相关知识。
8、C
【解析】
物多样性的内涵通常包括三个方面，即基因的多样性、物种多样性和生态系统的多样性。
【详解】
ABD、生物多样性通常有三个主要的内涵，即基因的多样性、物种多样性和生态系统的多样性，ABD正确。
C、丰富的个体数量不是生物多样性的内容，C错误。
故选C。
解答此类题目的关键是理解生物多样性的内涵。

二、非选择题
9、草本、灌木、乔木 群落中优势种的取代 增大 随机取样、取平均值 群落利用光等环境资源的能力 保持水土、防风固沙、涵养水源、调节气候
【解析】
1、据表格分析，群落演替的起点是农田，属于次生演替，过程是草本植物阶段→灌木阶段→森林阶段。
2、群落垂直结构：在垂直方向上，大多数群落具有明显的分层现象（主要受阳光的影响）。群落水平结构：由于地形的变化、土壤湿度和盐碱的差异、光照强度的不同等因素，不同地段往往分布着不同的种群，同一地段上种群密度也有差异。
【详解】
（1）从表中看出，退耕农田上的群落演替经历了草本、灌木、乔木三个阶段，从表中数据可以看出，群落演替的实质是群落中优势种的取代，而不是完全取代。
（2）20年间，该生态系统的物种丰富度增大；用样方法调查优势种的种群密度时，为减小调查误差，应注意随机采样、样本足够的多和取平均值。
（3）植物群落的垂直结构有利于提高群落利用阳光等环境资源的能力。
（4）退耕还林的意义有保持水土、防风固沙、涵养水源、调节气候等。
本题考查了群落演替的类型，群落的结构、生态系统的功能，意在考查考生的识记能力，构建知识网络的能力，难度适中。
10、3+X或3+Y 5 AaXBY和AaXbXb 2/9 1：3
【解析】
基因自由组合定律的实质是：控制不同性状的遗传因子的分离和组合是互不干扰的；在形成配子时，决定同一性状的成对的遗传因子彼此分离，决定不同性状的遗传因子自由组合。
【详解】
（1）雄性果蝇体内含有4对染色体，其染色体组成为8+XY，精细胞的染色体数目减半，其染色体组成可表示为3+X或3+Y，测定一个果蝇的基因组，要测定3对常染色体中的任意一条，以及两条性染色体，因此一共要测定5条染色体上的碱基序列。
（2）由题干信息可知，F1中雌性果蝇和雄性果蝇中灰身：黑身均为3：1，因此灰身和黑身是由常染色体上的等位基因控制的，亲本基因组成为Aa×Aa，F1中雌性均为红眼，雄性均为白眼，因此控制红眼和白眼的基因位于X染色体上，亲本的基因组成为XBY和XbXb，因此亲本的基因组成为AaXBY和AaXbXb。F1中的灰身雌雄果蝇进行自由交配，两对性状分别考虑，灰身果蝇中AA：Aa=1：2，因此a的基因频率为1/3，自由交配后代灰身果蝇的概率为1－1/3×1/3=8/9，F1的基因型为XBXb和XbY，后代的红眼雌性占1/4，因此交配后后代灰身红眼雌性个体所占的比例为8/9×1/4=2/9。
（3）若亲本雌雄果蝇的A基因所在的染色体都缺失了一个片断，设为A0a，亲本的基因型为A0a，由于A0的卵细胞无法受精，F1的基因型比例为A0a：aa=1：1，同理，继续交配后代精子比例为A0：a=1：3，由于只有a的卵细胞能受精，后代的基因型比例为A0a：aa=1：3，即灰身果蝇：黑身果蝇=1：3。
本题考查自由组合定律的实质及应用的相关知识点，意在考查学生对所学知识的理解与掌握程度，培养了学生分析题意、获取信息、解决问题的能力。
11、果胶能被分解成可溶性的半乳糖醛酸 酵母菌（细菌） 单菌落 液体 乙 振荡可提高培养液的溶解氧含量，可使菌体与培养液充分接触 包埋法 海藻酸钠溶液浓度过高/CaCl2 溶液浓度过高
【解析】
1、采用包埋法制备固定酵母细胞的主要步骤：酵母细胞的活化（利用蒸馏水使干酵母恢复正常生活状态）→海藻酸钠、CaCl2溶液的配制（在溶解海藻酸钠溶液的过程中使用小火或间断加热，防止溶液焦糊）→海藻酸钠溶液与酵母细胞混合（注意冷却海藻酸钠溶液至室温，防止高温破坏酵母菌的活性）→固定化酵母细胞。
2、果胶酶：
（1）作用：能够分解果胶，瓦解植物的细胞壁及胞间层，使榨取果汁变得更容易；果胶分解成可溶性的半乳糖醛酸，使得浑浊的果汁变得澄清。
（2）组成：不是特指某一种酶，而是分解果胶的一类酶的总称，包括多聚半乳糖醛酸酶、果胶分解酶和果胶酯酶等。
【详解】
（1）果胶酶和果胶甲酯酶可将果胶分解成可溶性的半乳糖醛酸，使果汁更加澄清。霉菌、酵母菌等都可产生果胶酶。消除污染杂菌常通过单菌落的分离。
（2）对高产果胶酶的优质菌种（好氧菌）进行扩大培养时，可将其接种到液体培养基中并混匀。由于高产果胶酶的菌种是好氧菌，而振荡可提高培养液的溶解氧含量，并可使菌体与培养液充分接触，故乙组优质菌种的生长速度更快。
（3）果汁颗粒较大，结合题目信息可知，果汁颗粒用海藻酸钠进行固定，故此处采用的是包埋法进行固定。若海藻酸钠溶液浓度过高，会导致“爆爆蛋”的口感偏硬，咬不动。
本题主要考查果胶酶制备果汁和固定化细胞的相关知识，要求考生识记果胶酶的作用，识记制作固定化酵母细胞的实验步骤，识记其中的关键步骤，难度不大。
12、基因分离 F2中HH、Hh、hh的比例为1:2:1（F2中耐干旱植株比例为3/4） 玉米控制抗病性状的基因E和控制黏性性状的基因D位于同一对染色体上 将F1种植下去，收集其花粉并用碘液染色，观察统计花粉的颜色、数量和比例 花粉颜色有两种，棕色:蓝色为1:2 以F1为父本，品种乙为母本进行杂交，统计F2的抗病情况和比例 F2中抗病个体与不抗病个体比例为1:2 精细胞（花粉） 亲本的遗传信息（亲本的遗传物质、亲本的DNA）
【解析】
分析题中甲品种的细胞图可知，D、E连锁于3号染色体上，这两对基因的遗传不遵循自由组合定律；H基因位于5号染色体上，与D、E基因独立遗传，遵循自由组合定律。稳定遗传的黏性玉米品种甲基因型为DDEEHH，乙品种的基因型为ddeehh，F1基因型为DdEeHh，F1自交，只考虑E、e一对基因，F1产生的雌配子为E（占1/2）、e（占1/2），由F2群体中EE、Ee、ee基因型个体的数量比总是1:3:2，ee占2/6，可推算出e的雄配子占2/3，E的雄配子占1/3，故E的雄配子（花粉）的成活率为1/2。
【详解】
（1）据表可知，F2中HH、Hh、hh的比例为1:2:1，因此玉米耐干旱基因的遗传遵循基因分离定律；据图可知，玉米控制抗病性状的基因E和控制黏性性状的基因D位于同一对染色体上，因此玉米抗病性状和黏性性状的遗传不遵循自由组合定律。
（2）方法1：由题干可知E基因和D基因位于同一条染色体上，所以可以通过D基因判断E基因是否存在，含D的花粉遇碘变棕色，再由F2群体中EE、Ee、ee基因型个体的数量比总是1:3:2，可推知含有E的花粉死亡率为1/2，只考虑D、d和E、e两对基因，则F1的基因型为DdEe，产生的配子及比例为DE（棕色）:de（蓝色）=1:2。
方法2：如果只考虑E、e一对基因，让F1为父本，其基因型为Ee，产生的雄配子及数量比例为E:e=1:2，乙为母本，其基因型为ee，则F2的基因型及比例为Ee（抗病）:ee（不抗病）=1:2。
（3）①据题干可知，F1为杂合子，一条3号染色体上携带D、E基因，另一条3号染色体上携带d、e、P1、P2基因，P1在减数第一次分裂时期表达，使次级精母细胞中含有毒蛋白，而P2在部分精细胞（花粉）中表达，解除了精子的毒性，从而使含E的花粉成活率低。
②P1和P2被称为自私基因，其“自私性”的意义是使亲本的遗传信息（亲本的遗传物质、亲本的DNA）更多的传递给子代，“自私”地维持了物种自身地稳定性。
本题考查基因自由组合定律和基因连锁情况的分析，解题关键是由F2的比例推出E精子的成活率。