2025年河北省遵化市乡村中学高二下物理期末达标测试试题含解析.doc

2025年河北省遵化市乡村中学高二下物理期末达标测试试题
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、下列说法正确的是( )
A．布朗运动反映了悬浮颗粒在永不停息地做无规则运动
B．气体分子的平均动能增大，压强也一定增大
C．不同温度下，水的饱和汽压都是相同的
D．完全失重状态下悬浮的水滴呈球状是液体表面张力作用的结果
2、一木块放在水平桌面上，在水平方向共受到三个力即和摩擦力的作用， 木块处于静止状态，如图所示，其中，若撤去，则木块受到的摩擦力为（）

A．10 N,方向向左 B．6N，方向向右 C．2N，方向向右 D．0
3、一玻璃砖横截面如图所示，其中ABC为直角三角形(AC边未画出)，AB为直角边，∠ABC＝45°；ADC为一圆弧，其圆心在BC边的中点．此玻璃的折射率为1.5.P为一贴近玻璃砖放置的、与AB垂直的光屏．若一束宽度与AB边长度相等的平行光从AB边垂直射入玻璃砖，则(　　)．

A．从BC边折射出一束宽度与BC边长度相等的平行光
B．屏上有一亮区，其宽度小于AB边的长度
C．屏上有一亮区，其宽度等于AC边的长度
D．当屏向远离玻璃砖的方向平行移动时，屏上亮区先逐渐变小然后逐渐变大
4、如图所示，一根竖直的弹簧支持着一倒立气缸的活塞，使气缸悬空而静止．设活塞与缸壁间无摩擦，可以在缸内自由移动，缸壁导热性良好使缸内气体的温度保持与外界大气温度相同，则下列结论中正确的是 （ ）

A．若外界大气压增大，则弹簧将压缩一些；
B．若外界大气压增大，则气缸的上底面距地面的高度将增大；
C．若气温升高，则活塞距地面的高度将减小；
D．若气温升高，则气缸的上底面距地面的高度将增大．
5、物理学的发展极大地丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了人类文明的进步。关于物理学中运动与力的发展过程和研究方法的认识，下列说法中正确的是（ ）
A．亚里士多德首先提出了惯性的概念
B．伽利略对自由落体运动研究方法的核心是：把实验和逻辑推理（包括数学演算）结合起来，从而发展了人类的科学思维方式和科学研究方法
C．牛顿三条运动定律是研究动力学问题的基石，牛顿的三条运动定律都能通过现代的实验手段直接验证
D．力的单位“N"是国际单位制的基本单位，加速度的单位“m/s2”是导出单位
6、下列物理量中，属于标量的是
A．力 B．速度 C．时间 D．冲量
二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
7、 “蹦极”是一项非常刺激的体育运动．运动员身系弹性绳自高空P点自由下落，图中a点是弹性绳原长时运动员的位置，c是运动员所到达的最低点，b是运动员静止悬吊着时的受力平衡位置．不计空气阻力，下列说法正确的是

A．运动员从P点到a点，做匀加速运动
B．运动员从a点到c点，做减速运动
C．在bc段，绳的拉力大于运动员的重力，运动员处于超重状态
D．在b点，运动员的速度最大，加速度为零
8、如图所示，L1、L2、L3为三个相同的灯泡．在变阻器R的滑片P向上移动过程中，下列判断中正确的是

A．L1变亮 B．L2变暗 C．L3变暗 D．R两端的电压增大
9、某小型水电站的电能输送示意图如图甲所示，发电机输出的电压恒定，通过升压变压器和降压变压器向用户供电，已知输电线的总电阻为R，降压变压器的原、副线圈匝数之比为4：l，它的副线圈两端的交变电压如图乙所示，为负载电阻若将变压器视为理想变压器，则下列说法中不正确的是　　

A．降压变压器原线圈的输入电压为55V
B．降压变压器的输入功率与输出功率之比为4：1
C．升压变压器的输出电压等于降压变压器的输入电压
D．当增大时，升压变压器的输出电压不变
10、图为温度报警器电路示意图，下列关于对此电路的分析正确的是（ ）

A．当Rt的温度升高时，Rt减小，A端电势降低，Y端电势升髙，蜂鸣器会发出报警声
B．当Rt的温度升高时，Rt减小，A端电势升高，Y端电势降低，蜂鸣器会发出报警声
C．当增大R1时，A端电势升高，Y端电势降低，蜂鸣器会发出报警声
D．当增大R1时，A端电势降低，Y端电势升高，蜂鸣器会发出报警声
三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。
11．（6分）用如图所示的装置测光的波长．

（1）将测量头的分划板中心刻线与某条亮纹中心对齐，将该亮纹定为第1条亮纹，此时手轮上的示数如图甲所示．然后同方向转动测量头，使分划板中心刻线与第6条亮纹中心对齐，记下此时图乙中手轮上的示数为_______mm，求得相邻亮纹的间距Δx为_______mm．

（2）已知双缝间距d = 2.0×10－4m，测得双缝到屏的距离l = 0.700m，由计算式 _______，求得所测红光波长为_______nm．
12．（12分）现用频闪照相方法来研究物块的变速运动．在一小物块沿斜面向下运动的过程中，用频闪相机拍摄的不同时刻物块的位置如图所示．拍摄时频闪频率是10Hz；通过斜面上固定的刻度尺读取的5个连续影像间的距离依次为x1、x2、x3、x1．已知斜面顶端的高度h和斜面的长度s．数据如下表所示．重力加速度大小g=9.80m/s2．

根据表中数据，完成下列填空：
（1）物块的加速度a＝________m/s2(保留3位有效数字)．
（2）因为____________________________________________________，可知斜面是粗糙的．
四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。
13．（10分）一列简谐横波在t=0时刻的波形如图所示，已知图中P点的振动频率为4 Hz, 且P点正在向y轴负方向运动．求：

（1）该简谐波的传播方向及波速
（2）从t=0到t=2 s的时间内，平衡位置在x=3 m处的质点通过的路程．
14．（16分）质量分别为300 g和200 g的两个物体在无摩擦的水平面上相向运动，速度分别为50 cm/s和100 cm/s.
(1)如果两物体碰撞并粘合在一起，求它们共同的速度大小；
(2)求碰撞后损失的动能；
(3)如果碰撞是弹性碰撞，求两物体碰撞后的速度大小．
15．（12分）如图所示，一连通器与贮有水银的瓶M用软管相连，连通器的两直管A和B竖直放置，两管粗细相同且上端封闭，直管A和B内充有水银，当气体的温度为T0时，水银面的高度差h=10 cm，两管空气柱长均为h1＝10 cm，A管中气体的压强p1=20 cmHg．现使两管中的气体的温度都升高到2.4T0，同时调节M的高度，使B管中的水银面的高度不变，求:

(1).B管内气体压强;
(2).流入A管的水银柱的长度x．
参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、D
【解析】
布朗运动是悬浮颗粒的无规则运动，反映了液体分子在永不停息地做无规则运动，选项A错误；气体分子的平均动能增大，温度一定升高，但是根据PV/T=c可知压强不一定增大，选项B错误；水的饱和汽压与温度有关，不同温度下，水的饱和汽压不相同，故C错误；完全失重状态下悬浮的水滴呈球状是液体表面张力作用的结果，故D正确．故选D．
该题关键是掌握压强的微观解释以及布朗运动和表面张力的性质，注意明确压强与分子的运动剧烈程度和单位时间内打在器壁上的分子数有关，会从宏观上解释压强与温度和体积间的关系．
2、C
【解析】
开始时在水平方向木块受及摩擦力的作用而处于平衡状态时，由平衡条件可知木块所受的静摩擦力的大小为，则有木块受到的最大静摩擦力；当撤去力后，由于 ，则有木块仍处于静止状态，由平衡条件可知木块所受的静摩擦力大小与作用在木块上的等大反向，即，方向水平向右，故选项C正确， A、B、D错误．
3、BD
【解析】作光路图可知平行光从AB边射入后不发生折射，射到BC边上时，由临界角公式可得：sin C＝＝＝，得C＝arcsin<45°，故全部光线发生全反射，选项A错误；BC边反射的光射向ADC弧形边后，由于弧ADC对平行光有会聚作用，可知B对C错；同时当屏向下移动时，屏上亮区将先变小后变大，所以选项D也正确．
视频
4、D
【解析】
AC．选择气缸和活塞为整体，那么整体所受的大气压力相互抵消，若外界大气压增大、气温升高，弹簧弹力仍等于重力，则弹簧长度不发生变化，活塞距地面的高度不变，故AC错误；
B．选择气缸为研究对象，竖直向下受重力和大气压力PS，向上受到缸内气体向上的压力P1S，物体受三力平衡：G+PS=P1S，若外界大气压P增大，P1一定增大，根据理想气体的等温变化PV=C，当压强增大时，体积一定减小，所以气缸的上底面距地面的高度将减小，故B错误；
D．若气温升高，缸内气体做等压变化，由盖吕萨克定律：，可知，当温度升高时，气体体积增大，气缸上升，则气缸的上底面距地面的高度将增大，故D正确．
5、B
【解析】
A. 牛顿首先提出了惯性的概念，故A错误；
B. 伽利略对自由落体运动研究方法的核心是：把实验和逻辑推理（包括数学演算）结合起来，从而发展了人类的科学思维方式和科学研究方法，故B正确
C. 牛顿第一定律是利用逻辑思维对事实进行分析的产物，不可能用实验直接验证，故C错误；
D. 力的单位“N"是导出单位，故D错误。
故选B。
6、C
【解析】
力、速度和冲量都是既有大小又有方向的物理量，是矢量；而时间只有大小无方向，是标量，故选C.

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
7、ACD
【解析】
运动员从P点到a点，做自由落体运动，即匀加速运动，选项A正确；从a到b过程，弹性绳的拉力小于人的重力，人向下做加速度减小的变加速运动，从b到c过程，弹性绳的拉力大于人的重力，人向下做加速度增大的变减速运动，所以在b点时人的速度最大，此时运动员所受的拉力与重力大小相等、方向相反，合力为零，加速度为零．故B错误，D正确．在bc段绳的拉力大于人的重力，加速度向上，运动员处于超重状态．故C正确．故选ACD.
点睛：本题主要考查了分析物体的受力情况和运动情况的能力，要弹性绳拉力的可变性进行分析．对超重失重现象的判断，关键根据加速度方向分析．
8、AB
【解析】
AB.在变阻器R的滑片P向上移动过程中，R减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律得知，总电流I增大，L3变亮．L2的电压U2=E−I(R3+r)，E、R3、r均不变，I增大，U2减小，I2减小，L2变暗．流过L1的电流I1=I−I2，I增大，I2减小，则I1增大，L1变亮．故A正确，B正确，C错误；
D. 由上分析得到，U2减小，I1增大，U1增大，R两端的电压UR=U2-U1减小，故D错误．
故选：AB
点睛：在变阻器R的滑片P向上移动过程中，R增大，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析总电流的变化，判断L3灯亮度的变化．根据路端电压与L3电压的变化分析L2电压的变化，判断L2亮度的变化．由总电流与L2电流的变化，分析L1电流的变化和亮度的变化．根据L2和L1电压的变化，分析R两端电压的变化．
9、ABC
【解析】
A．由图象得到，降压变压器副线圈两端交变电压

有效值为

降压变压器原、副线圈匝数之比为4：1，故降压变压器原线圈的输入电压为

A错误，符合题意；
B．降压变压器为理想变压器，故输入功率与输出功率之比为1：1，B错误，符合题意；
C．由于输电线电阻有电压降，故升压变压器的输出电压大于降压变压器的输入电压，C错误，符合题意；
D．当增大时，由于升压变压器的输入电压不变，故输出电压不变，D正确，不符合题意．
故选ABC.
根据电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，可以求得降压变压器的电流和输电线上的电流的大小，从而可以求得输电线和用电器消耗的功率的大小．
掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，最大值和有效值之间的关系即可解决本题．
10、BC
【解析】
AB.根据电路图知，当R1的温度升高时，R2减小，A端电势升高，经非门后，Y端电势降低，
蜂鸣器会发出报警，故A错误，B正确；
CD.当增大R1时，A端电势升高，经非门后，Y端电势降低，蜂鸣器会发出报警声，
故C正确，D错误

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。
11、13.870 2.310 6.6×102
【解析】
图甲中螺旋测微器的固定刻度读数为2mm，可动刻度读数为0.01×32.0mm=0.320mm，所以最终读数为2.320mm．
图乙中螺旋测微器的固定刻度读数为13.5mm，可动刻度读数为0.01×37.0mm=0.370mm，所以最终读数为13.870mm．
则△x=mm=2.310mm．根据双缝干涉条纹的间距公式△x=λ得，λ=．代入数据得，λ=6.6×10-7m=6.6×102nm．
故本题答案为：13.870，2.310，，6.6×102
12、（1）1.30（“1.29”或“1.31”） （2）物块加速度小于
【解析】
试题分析：(1)频闪照相中相邻影像点的时间间隔相等，利用逐差法求物块的加速度＝1.30 m/s2．
(2)若物块沿光滑斜面下滑，对其受力分析，由牛顿第二定律可得：＝5.88 m/s2，由物块加速度a小于物块沿光滑斜面下滑的加速度a′，可知斜面是粗糙的．
考点：逐差法求加速度
【名师点睛】本题主要考查了逐差法求加速度．属于容易题．要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用．逐差法是求物体加速度的一个重要方法，要熟练掌握其应用，提高解决实验能力．

四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。
13、（1）沿x轴正方向传播，8m/s（2）0.64m
【解析】
（1）由时的波形图和点的振动方向可知，波沿轴正方向传播，从波形图中可读出波长，由波长、频率、波速的关系，解得：；
（2）由题图可知振幅，
周期
质点在内
通过的路程
解得：．
14、 (1) －0.1 m/s，负号表示方向与v1的方向相反 (2) 0.135 J (3) v1′＝－0.7 m/s，v2′＝0.8 m/s
【解析】
（1）令，
设两物体碰撞后粘合在一起的共同速度为v，由动量守恒定律得

代入数据解得
v=-0.1m/s
负号表示方向与v1的方向相反．
（2）碰撞后两物体损失的动能为

解得

（3）如果碰撞是弹性碰撞，设碰后两物体的速度分别为v1′、v2′，
由动量守恒定律得

由机械能守恒定律得

代入数据得

两物体碰撞时动量守恒，结合动量守恒定律求出碰撞后的末速度，结合能量守恒求出碰撞后损失的动能．若为弹性碰撞，则动量守恒，机械能守恒，结合动量守恒定律和机械能守恒定律求出碰后的速度大小．
15、 (1) 72 cmHg (2) 2 cm
【解析】
试题分析：B中气体状态变化为等容过程，根据理想气体状态方程列式求解压强；A中气体状态变化符合理想气体状态方程，根据理想气体状态方程列式求解；
（1）当温度为T0时B管中气体的压强为：pB1═P1+hcmHg=20cmHg+10cmHg=30（cmHg）
当温度为2.4T0时，B管中气体体积不变，设其压强为PB2
B中气体状态变化为等容过程，
得pB2=72cmHg
（2）当温度为T0时A管中气体的压强为P1=20cmHg
设流入A管的水银柱的长度为x，则：P2=PB2－（h+x）=62－x（cmHg），lA2=h1-x（cm）
A中气体状态变化符合理想气体状态方程，

代入数据整理得：x2-72x+140=0
解得：x=2cm（另一值为70cm不符合条件舍去）
【点睛】本题关键是根据题意得到各个状态对应的压强、体积、温度中已知量，然后根据理想气体状态方程列式求解未知量．