2025届甘肃省白银市会宁一中高一下物理期末质量检测试题含解析.doc

2025届甘肃省白银市会宁一中高一下物理期末质量检测试题
注意事项
1．考生要认真填写考场号和座位序号。
2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。
3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、 (本题9分)物体从倾角为的固定的光滑斜面由静止开始下滑，斜面高为，当物体滑至斜面底端时，重力做功的功率为（　　）

A．
B．
C．
D．
2、 (本题9分)如图所示,将一个半圆形轨道固定在竖直面内,一滑块从左侧轨道的最高点沿轨道的切线进入轨道,之后沿轨道滑到最低点的过程中其速率不变,则（ ）

A．滑块下滑过程中机械能守恒
B．滑块下滑过程中所受合外力大小不变
C．滑块下滑过程中重力的功率不变
D．滑块沿右侧轨道上升过程中速率也不变
3、 (本题9分)套圈”是老少皆宜的游戏．如图所示,将A、B、C三个套圈分别以速度v1、v2、v1水平抛出,都能套中地面上的同一玩具,已知套圈A、B抛出时距玩具的水平距离相等,套圈A、C抛出时在同一高度,设套圈A、B、C在空中运动时间分别为t1、t2、t1．不计空气阻力,下列说法正确的是

A．v1与v2一定相等
B．v2一定大于v1
C．t1与t1一定相等
D．t2一定大于t1
4、 (本题9分)天文学家将相距较近、仅在彼此的引力作用下运行的两颗恒星称为双星。如图所示，是某双星系统中A、B两颗恒星围绕它们连线上的固定点O分别做匀速圆周运动，在运动中恒星A、B的中心和O三点始终共线，下列说法正确的是

A．恒星A的角速度比恒星B的角速度小
B．恒星A的线速度比恒星B的线速度小
C．恒星A受到的向心力比恒星B受到的向心力小
D．恒星A的质量比恒星B的小
5、 (本题9分)洗衣机的脱水筒采用带动衣物旋转的方式脱水，下列说法中不正确的是（　　）
A．脱水过程中，衣物是紧贴筒壁的
B．加快脱水筒转动角速度，脱水效果会更好
C．靠近中心的衣物脱水效果不如四周的衣物脱水效果好
D．水会从筒中甩出是因为水滴受到向心力很大的缘故
6、 (本题9分)传送带是常见的物料搬运工具，如图所示，一袋质量为m的化肥从高处匀速运到低处，传送带的倾角为θ，高处与低处的竖直距离为h，化肥袋和传送带之间的动摩擦因数为μ，且始终和传送带保持静止，则该过程中（ ）

A．重力对化肥做的功为- B．支持力对化肥做的功为
C．摩擦力对化肥做功为 D．化肥克服摩擦力做功为
7、同步卫星A的运行速率为V1，向心加速度为a1，运转周期为T1；放置在地球赤道上的物体B随地球自转的线速度为V2，向心加速度为a2，运转周期为T2；在赤道平面上空做匀速圆周运动的近地卫星C的速率为V3，向心加速度为a3，动转周期为T3。比较上述各量的大小可得（ ）
A．T1=T2>T3 B．V3> V2> V1 C．a1< a2= a3 D．a3> a1> a2
8、 (本题9分)关于平抛运动和圆周运动，下列说法正确的是
A．平抛运动过程中物体在相等时间内速度的改变量一定相等
B．平抛运动每秒钟速度变化量在数值上等于重力加速度
C．做圆周运动的物体加速度方向一定指向圆心
D．匀速圆周运动是加速度不变的运动
9、 (本题9分)发射地球同步卫星时，先将卫星发射至近地圆轨道1，然后经点火，使其沿椭圆轨道2运行，最后再次点火，将卫星送入同步圆轨道3，轨道1、2相切于Q点，轨道2、3相切于P点，如图所示。则以下说法正确的是 （ ）

A．要将卫星由圆轨道1送入圆轨道3，需要在椭圆轨道2的近地点Q和远地点P分别点火加速一次
B．由于卫星由圆轨道1送入圆轨道3被点火加速两次，则卫星在圆轨道3上正常运行速度要大于在圆轨道1上正常运行的速度
C．卫星在椭圆轨道2上的近地点Q的速度一定大于7.9km/s，而在远地点P的速度一定小于7.9km/s
D．卫星在椭圆轨道2上经过P点时的加速度等于它在圆轨道3上经过P点时的加速度
10、如图所示，一对水平放置的平行金属板AB中央有一个静止的电子e（不计重力），两板间距离足够大．0～4s内在两板间加上如图所示的交变电压后，则下列反映电子加速度a、速度v、位移x和动能四个物理量随时间t的变化规律中正确的是（所涉及的矢量均取向上方向为正）

A．
B．
C．
D．
11、 (本题9分)如图所示，两个完全相同的小球从水平地面上方同一点O分别以初速度水平抛出，落在地面上的位置分别是A、B，是O在地面上的竖直投影，且，若不计空气阻力，则两小球 (　 )

A．初动能之比为1∶3
B．重力对两个小球做功不同
C．重力做功的平均功率相同
D．落地瞬间重力的瞬时功率相同
12、 (本题9分)如图所示，某物体运动的v-t图象，根据图象可知

A．0～2s内物体位移的大小为4m
B．0～2s内和4～5s内物体的速度方向相同
C．0～2s内物体的加速度比4~5s内的加速度小
D．0～5s内物体的平均速度为2.5m/s
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 (本题9分)实验装置如图所示，利用自由落体运动验证机械能守恒定律。

（1）为验证机械能守恒定律，下列物理量中，需用工具直接测量的有_______，通过计算间接测量的有_______
A．重物的质量 B．重力加速度
C．重物下落的高度 D．重锤下落的瞬时速度
（2）关于本实验的误差，下列说法中不正确的是________
A．选择质量较小的重物，有利于减小误差
B．选择点击清晰且第1、2两点间距约为2mm的纸带有利于减小误差
C．先松开纸后接通电源会造成较大的误差
D．本实验产生误差的主要原因是重物在下落过程中不可避免地受到阻力的作用
（3）在实验中，质量为m=1kg的物体自由下落，得到如图所示的纸带，相邻计数点间的时间间隔为0.04s，那个打点计时器打下起点O到打下B点的过程中，物体重力势能的减少量________J，此过程中物体动能的增加量________J。（，保留三位有效数字）
（4）本实验中，纸带记录的点到起点O 的距离为h,打对应点时重物的速度为v,若以为纵轴，以h为横轴，根据实验数据绘出的图像应是________，才能验证机械能守恒，图像的斜率等于_______的数值。
14、某实验小组采用如图所示的装置探究功与速度变化的关系，小车在橡皮筋的作用下弹出后，沿木板滑行。打点计时器的工作频率为50 Hz。
（1）关于橡皮筋做功，两位同学提出了不同的说法，你认为正确的是______；

A．橡皮筋对小车做功的大小可以直接测量
B．通过增加橡皮筋的条数可以使橡皮筋对小车做的功成整数倍增加
C．橡皮筋在小车运动的全程中始终做功
D．把橡皮筋拉伸为原来的两倍，橡皮筋做功也增加为原来的两倍
（2）根据多次测量数据，甲同学作出了功和速度的关系图线，即W-v图；乙同学作出了功与速度平方的关系图线，即图，如图所示。由图线两同学均得出“功与速度的平方一定成正比”的结论。关于甲、乙两位同学的分析，你的评价是（________）

A．甲的分析不正确，乙的分析正确 B．甲的分析正确，乙的分析不正确 C．甲和乙的分析都正确 D．甲和乙的分析都不正确
15、 (本题9分)在“测定金属的电阻率”的实验中

（1）某同学测量金属丝的直径时螺旋测微器如图甲所示，则该金属丝的直径为d=________mm．
（2）金属丝的电阻Rx大约是3Ω，实验室提供的电流表A（量程2.5mA，内阻约30Ω）、电压表V（量程3V，内阻约3kΩ）．则金属丝、电流表和电压表的连接方式应该采用甲乙两图中的______图．
三．计算题(22分)
16、（12分） (本题9分)类比法是物理学中常见思维方法，如左图链条滑动和右图连接体可相类处理，一质量为M、长度为L的均匀链条如图放置，一段拉直放在桌上，另一段深处桌外竖直悬挂在桌边，伸出桌外的链条长度为全长的，链条由静止释放，恰好能开始滑动，假设桌子边缘光滑（可视为定滑轮），链条与桌面间的最大静摩擦力大小与滑动摩擦力相等，求：

（1）链条与桌面的滑动摩擦力因数μ；
（2）若链条末端离开桌面时速度为v，则链条滑动过程克服摩擦力所做的功；
（3）若链条与桌面的滑动摩擦力因数μ已知，链条滑落过程不被拉断，则桌面外链条多次时承受的拉力最大，及相应的最大拉力大小．
17、（10分） (本题9分)如图为一可视为质点的物体，在倾角θ＝30°的固定斜面上，向下轻轻一推，它恰好匀速下滑．已知斜面长度为L＝5 m．求：欲使物体由斜面底端开始，沿斜面冲到顶端，物体上滑时的初速度至少为多大？(g取10 m/s2)

参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、C
【解析】
由机机械能守恒定律得：

解得当物体滑至斜面底端时速度

当物体滑至斜面底端时，重力做功的功率为

A. 与计算结果不符，故A错误；
B. 与计算结果不符，故B错误；
C. 与计算结果相符，故C正确；
D. 与计算结果不符，故D错误；
2、B
【解析】
滑块下滑的过程中做匀速圆周运动，则动能不变，重力势能减小，机械能减小，选项A错误；滑块下滑的过程中做匀速圆周运动，合外力提供向心力，可知合力的大小不变，方向时刻改变，故B正确．重力不变，匀速运动的速度大小不变，速度在竖直方向上的分速度逐渐减小，则重力的功率减小，故C错误．在右侧轨道,滑块所受合力沿切线方向的分力与瞬时速度相反,故滑块做减速运动，选项D错误；故选B.
3、C
【解析】
圈圈做平抛运动，我们可以把平抛运动可以分解为水平方向上的匀速直线运动和竖直方向上的自由落体运动，根据水平位移和高度的关系列式分析．
【详解】
圈圈做平抛运动，竖直分运动是自由落体运动，根据h=gt2，有：t=，故t1=t1＞t2，故C正确、D错误；AB水平分位移相同，由于t1＞t2，根据x=v0t，有：v1＜v2；由于t1=t1，x1<x1，根据x=v0t，有：v1＜v1；v2和v1关系不能确定，故AB错误；故选C．
本题就是对平抛运动规律的考查，平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动来求解．
4、D
【解析】A、由于二者具有共同的转轴，故二者角速度，故选项A错误；
B、根据公式，由于二者角速度相同，A的半径大，则恒星A的线速度比恒星B的线速度大，故选项B错误；
C、恒星A受到的向心力和恒星B受到的向心力均由二者之间的万有引力提供，而万有引力大小相等，故二者向心力大小相等，故选项C错误；
D、根据上面的分析可知： ，由于，故，故选项D正确。
点睛：本题主要考查了双星系统的特点，知道双星靠相互间的万有引力提供向心力，具有相同的周期。
5、D
【解析】
A.脱水过程中，衣物做离心运动而甩向桶壁．故A正确．
B.F=ma=mω2R， ω增大会使向心力F增大，而转筒有洞，不能提供足够大的向心力，水滴就会被甩出去，增大向心力，会使更多水滴被甩出去,脱水效果会更好,故B正确；
C.中心的衣服，R比较小，角速度ω一样，所以向心力小，脱水效果差．故C错误；
D.水滴依附的附着力是一定的，当水滴因做圆周运动所需的向心力大于该附着力时，水滴被甩掉．故D错误。
本题选择不正确的，故选D。
6、D
【解析】
A. 化肥从高处匀速运到低处，重力对化肥做的正功，为mgh，故A错误．
B.支持力方向与位移方向垂直，所以支持力对化肥不做功，故B错误．
C.化肥所受的摩擦力是静摩擦力，但不一定达到最大值，所以摩擦力对化肥做功不一定为，故C错误．
D.化肥匀速运动，动能不变，则化肥克服摩擦力做功等于重力做功，为mgh，故D正确．
7、AD
【解析】
A、同步卫星与地球自转同步，所以T2＝T2。
根据开普勒第三定律得卫星轨道半径越大，周期越大，故T2＞T2．故A正确。
B、同步卫星与物体2周期相同，根据圆周运动公式v，所以V2＞V2，故B错误。
CD、同步卫星与物体2周期相同，根据圆周运动公式a，得a2＞a2，
同步卫星2与人造卫星2，都是万有引力提供向心力，
所以a，由于r2＞r2，由牛顿第二定律，可知a2＞a2．故C错误、D正确。
故选：AD。
8、AB
【解析】
A. 平抛运动过程中物体的加速度恒定为g，则在相等时间内速度的改变量为∆v=gt，则一定相等，选项A正确；
B. 根据∆v=gt可知，平抛运动每秒钟速度变化量在数值上等于重力加速度g，选项B正确；
C. 只有做匀速圆周运动的物体加速度方向才一定指向圆心，选项C错误；
D. 匀速圆周运动的加速度大小不变，方向指向圆心，则其加速度是不断变化的，选项D错误；
9、ACD
【解析】
在Q点，从1轨道到2轨道，是内轨向外轨变轨，所以需加速，在P点，从2轨道到3轨道，也是内轨向外轨变轨，也需加速，所以A正确；变轨过程中加速两次，但P点到Q点过程，克服引力做功，速度会变小；由圆轨道速度公式可知，轨道3的运行速度小于轨道1的运行速度，故B错误；在Q点，从1轨道到2轨道需加速，卫星在轨道1上Q点的速度为7.9km/s，则卫星在椭圆轨道2上的近地点Q的速度一定大于7.9km/s；卫星在圆轨道3上的运行速度小于7.9km/s，在P点，从2轨道到3轨道需加速，则椭圆轨道2远地点P的速度一定小于7.9km/s，故C正确；根据牛顿第二定律和万有引力定律得：，所以卫星在轨道2上经过Q点的加速度等于在轨道1上经过Q点的加速度．故D正确。
10、AB
【解析】
0-1s内，电压不变，则板间的电场强度不变，电子在板间受到不变的电场力，根据牛顿第二定律可知，加速度恒定不变，所以0-1s电子做匀加速直线运动，1-2s，电场力反向，加速度方向反向，电子做匀减速直线运动，直至速度为零，2-3s，电场力正向不变，电子有开始做初速度为0的匀加速直线运动，3-4s，电场力反向不变，电子做匀减速直线运动，到4s末速度为零；
A. 0-1s，加速度恒定不变，为正，1-2s加速度为负，且恒定不变，2-3s加速度恒为正，且不变，3-4s加速度为负，且不变，故A项符合题意；
BC. 0-1s，2-3s物体做正向的匀加速的直线运动，v-t图象为倾斜的直线，x-t图象为抛物线，1-2s，3-4s物体做正向的匀减速的直线运动，v-t图象为倾斜的直线，x-t图象为抛物线，故B项符合题意，C项不符合题意；
D.因为可知，v-t图象为直线，则Ek-t图象为曲线，故D项不符合题意．
11、CD
【解析】
A.由于平抛运动的高度相同，则运动的时间相同，因为两物体的水平位移之比为1：3，根据知，初速度之比为1：3，则初动能之比是，故A错误；
B.根据可知，重力对两个小球做功相同，故B错误；
C.由于重力的功和时间相同，则根据可知，重力做功的平均功率相同，故C正确；
D.竖直方向为自由落体运动，则小球落地的竖直速度为，则落地瞬间重力的瞬时功率，即两球落地瞬间重力的瞬时功率相同，选项D正确。
12、ABC
【解析】0～2s内的位移为： ，故A正确；由图可知，物体一直在沿正方向运动，故0～2s内和4～5s内物体的速度方向相同，故B正确；图象的斜率表示物体的加速度，由图可知，0～2s内物体的加速度比4～5s内的加速度小，故C正确；0～5s内物体的位移，故平均速度，故选ABC.
【点睛】由图可知物体的运动过程中速度的变化，由图象中斜率可得出加速度的大小关系；由图象与时间由围成的面积可得出物体的位移．

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、（1）C； D （2）A （3）2.28； 2.26 （4）过原点的倾斜直线； 重力加速度
【解析】
第一空、第二空．重物在下落过程中动能的增加量为 ，重力势能的减少量为mgh，则可知，在不需要得出重力势能减少量与动能增加量的具体数值的前提下，质量可以不测量，则通过纸带要直接测量的物理量是重物下落的高度，要间接测量的物理量是重物下落的瞬时速度。故选：C，D。
第三空．为减小重物所受空气阻力，应该选择质量较大、体积较小的重物，有利于减小误差，故A错误；选择点击清晰且第1、2两点间距约为2mm的纸带，有利于减小误差，故B正确；一般是先接通电源，后释放纸带，所以松开纸后接通电源会造成较大的误差，故C正确；本实验产生误差的主要原因是重物在下落过程中不可避免地受到阻力的作用，故D正确。本题选不正确的，故选A。
第四空．从打下起点O到打下B点的过程中，重物重力势能的减少量为△Ep＝mghOB＝1×9.8×23.25×10−2J＝2.28J；
第五空．打下B点时，重物的速度为，由于初速度为零，则重物动能的增加量为；
第六空.若重物下落过程，重力势能的减少量与动能的增加量相等，则重物的机械能守恒，即有mgh＝mv2，可得v2＝gh，所以根据实验数据绘出的v2-h图象应是一条过程原点的倾斜直线，图线的斜率为重力加速度。
14、B A
【解析】
（1）[1]AB．实验中改变拉力做功时，为了能定量，所以用不同条数的橡皮筋且拉到相同的长度，这样橡皮筋对小车做的功才有整数倍数关系，故A错误，B正确；
C．当橡皮筋恢复原长后，橡皮筋对小车不再做功，故C错误；
D．橡皮筋的拉力是一个变力，我们无法用进行计算，若橡皮筋伸长量变为原来的2倍，则橡皮筋做功也增加不是原来的2倍，故D错误；
故选B；
（2）[2] 根据甲图，得到

式子中为常系数，为指数；当时，图线为直线；当时，图线向下弯曲；当时，图线向上弯曲；甲图图线向上弯曲，故表达式中为大于1的任意数值，而根据乙图中可知与成正比，故A正确，BCD错误。
故选A。
15、1.721 mm（1.721 mm～1.723 mm都正确）； 乙．
【解析】
（1）由图所示螺旋测微器可知，固定刻度示数为1.5mm，可动刻度示数为22.1×0.01mm=0.221mm，螺旋测微器的示数为1.5mm+0.221mm=1.721mm．
（2）由题意可知，，，，则电流表应采用外接法，应选图乙所示电路图．
螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数，对螺旋测微器读数时需要估读．当电压表内阻远大于待测电阻阻值时用电流表外接；

三．计算题(22分)
16、（1）0.25 （2） （3）
【解析】
（1）桌面上0.8L长的链条恰能被拉动，由力平衡有：，
解得μ=0.25；
（2）链条由静止释放到末端离开桌面过程，由动能定理；
解得；
（3）设桌面外链条长度为x时，链条运动加速度大小为a，桌面边缘处链条拉力为F，
对竖直段链条，由牛顿第二定律可得
对水平段链条，由牛顿第二定律可得
解得
由上式可知当时，F最大，为．
点睛：此题考查动能定理以及牛顿第二定律的应用；注意在链条向下滑动的过程中水平部分和竖直部分的质量都要变化，摩擦力也不断变化，所以要抓住某一状态列方程．
17、10 m/s
【解析】
试题分析：物体沿斜面匀速下滑时，受重力、支持力和滑动摩擦力，受力平衡，由平衡条件可求出物体所受的滑动摩擦力大小；当物体沿斜面上滑时，受重力、支持力和滑动摩擦力，滑动摩擦力大小不变，方向相反，再根据牛顿第二定律和运动学公式求上滑的最大距离．
解：物体沿斜面匀速下滑时，受重力、支持力和滑动摩擦力，合力为零，由平衡条件，有：
平行斜面方向：f﹣mgsinθ=0
垂直斜面方向：N﹣mgcosθ=0
故物体所受的滑动摩擦力大小为：f=mgsinθ，
当物体沿斜面向上滑动时，受重力、支持力和滑动摩擦力，滑动摩擦力大小不变，方向相反，根据牛顿第二定律有：
﹣mgsinθ﹣f=ma
解得：a=﹣2gsinθ，方向沿斜面向下．
根据公式v2﹣=2ax解得：
=10m/s
答：欲使物体由斜面底端开始，沿斜面冲到顶端，物体上滑时的初速度至少为10m/s．
【点评】本题要求的是空间距离，运用动能定理求解比较简单，也可以根据牛顿第二定律和运动学公式结合求解．