2025年江西省南丰一中物理高一下期末教学质量检测模拟试题含解析.doc

2025年江西省南丰一中物理高一下期末教学质量检测模拟试题
请考生注意：
1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。
2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。

一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1、在越野赛车时，一辆赛车在水平公路上减速转弯，从俯视图可以看到，赛车沿圆弧由P向Q行驶。下列图中画出了赛车转弯时所受合力的四种方式，其中正确的是
A． B．
C． D．
2、如图所示，从A、B、C三个不同的位置向右分别以vA、vB、vC的水平初速度抛出三个小球A、B、C，其中A、B在同一竖直线上，B、C在同一水平线上，三个小球均同时落在地面上的D点，不计空气阻力．则必须（ ）

A．先同时抛出A、B两球，且vA＜vB＜vC
B．后同时抛出B、C两球，且vA＜vB＜vC
C．后同时抛出A、B两球，且vA＞vB＞vC
D．先同时抛出B、C两球，且vA＞vB＞vC
3、 (本题9分)两电阻R1、R2的伏安特性曲线如图所示，由此可知R1:R2等于

A．1:3 B．3:1 C．1： D．：1
4、以v0=15m/s的初速从地面竖直向上抛出一物体，设空气阻力大小不变，则在抛出后的第2s内平均速度和平均速率分别为
A．0，0 B．0，2.5m/s C．2.5m/s，2.5m/s D．2.5m/s，0
5、 (本题9分)关于曲线运动，下列说法正确的是（ ）
A．做曲线运动的物体，受到的合外力一定不为零
B．物体受到的合外力变化，一定做曲线运动
C．曲线运动在相同时间内速度变化量一定不相等
D．曲线运动不可能是匀变速运动
6、 (本题9分)如图所示，作用于0点的三个力平衡，其中一个力大小为，沿y轴负方向．大小未知的力与x轴正方向夹角为θ，则下列说法正确的是（ ）

A．力可能在第二象限的任意方向上
B．力不可能在第三象限
C．力与夹角越小，则与的合力越小
D．的最小值为
7、 (本题9分)质量为m的物体，在距地面h高处以 的加速度由静止竖直下落到地面。下列说法中正确的是
A．物体的重力势能减少了mgh
B．物体的动能增加
C．物体的机械能减少
D．重力做功
8、 (本题9分)组成星球的物质是靠引力吸引在一起的，这样的星球有一个最大的自转的速率，如果超出了该速率，星球的万有引力将不足以维持其赤附近的物体随星球做圆周运动,由此能得到半径为R,密度为ρ、质量为M且均匀分布的星球的最小自转周期T，下列表达式正确的是：（　　）
A． B． C． D．
9、如图所示，轻质弹簧的一端与固定的竖直板P拴接，另一端与物体A相连，物体A静止于光滑水平桌面上，右端接一细线，细线绕过光滑的轻质定滑轮与物体B相连．开始时用手托住B，让细线恰好伸直，然后由静止释放B，直至B获得最大速度．下列有关该过程的分析不正确的是（　　）

A．B物体的机械能一直增大
B．B物体的动能的增加量等于它所受重力与拉力做的功之和
C．B物体机械能的减少量大于弹簧的弹性势能的增加量
D．细线拉力对A物体做的功等于弹簧弹性势能的增加量
10、 (本题9分)如图所示，半径为R的竖直光滑圆轨道内侧底部静止着一个光滑的小球，现给小球一个冲击使其在瞬间得到一个水平初速度，若大小不同，则小球能够上升到的最大高度（距离底部）也不同，下列说法正确的是

A．如果，则小球能够上升的最大高度为
B．如果，则小球能够上升的最大高度为R
C．如果，则小球能够上升的最大高度为
D．如果，则小球能够上升的最大高度为2R
二、实验题
11、（4分） (本题9分)在“测定金属的电阻率”实验中，所用测量仪器均已校准．待测金属丝接入电路部分的长度约为50cm．
（1）用螺旋测微器测量金属丝的直径，其中某一次测量结果如图1所示，其读数应为______mm（该值接近多次测量的平均值）．

（2）用伏安法测金属丝的电阻Rx．实验所用器材为：电池组（电动势为3V，内阻约1Ω）、电流表（内阻约0.1Ω）、电压表（内阻约3kΩ）、滑动变阻器R（0~20Ω，额定电流2A）、开关、导线若干．某小组同学利用以上器材正确连接好电路，进行实验测量，记录数据如下表：

由右表数据可知，他们测量Rx是采用图2中的_________图（选填“甲”或“乙”）．

（3）图3是测量Rx的实验器材实物图，图中已连接了部分导线，滑动变阻器的滑片P置于变阻器的一端．请根据第（2）问所选的电路图，补充完成图3中实物间的连线，并使闭合开关的瞬间，电压表或电流表不至于被烧坏．

（4）这个小组的同学在坐标纸上建立U、I坐标系，如图4所示，图中已标出了测量数据对应的4个坐标点．请在图4中标出第2、4、6次测量数据坐标点，并描绘出U─I图线，由图线得到金属丝的阻值Rx=___________Ω（保留两位有效数字）．

（5）根据以上数据可以估算出金属丝的电阻率约为___________（填选项前的符号）．
A．1×10-2Ωm B．1×10-3Ωm C．1×10-6Ωm D．1×10-8Ωm
12、（10分）某同学利用重物自由下落来“验证机械能守恒定律”。

（1）请指出实验装置（甲）中存在的明显错误______.
（2）进行实验时，为保证重物下落时初速度为零，应____(选填“A”或“B”).
A．先接通电源，再释放纸带
B．先释放纸带，再接通电源
（3）根据打出的纸带，选取纸带上连续打出的1，2，3，4四个点如图(乙)所示.已测出1，2，3，4到打出的第一个点O的距离分别为h1，h2，h3，h4，打点计时器的打点周期为T.若代入所测数据能满足表达式gh3=______(用题目中已测出的物理量表示)，则可验证重物下落过程机械能守恒.
三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位
13、（9分） (本题9分)如图所示，水平传送带AB长1m，以v=1m/s的速度匀速运动．质量均为4kg的小物体P、Q与绕过定滑轮的轻绳相连，t=0时刻P在传送带A端以初速度v0=4m/s向右运动，已知P与传送带间动摩擦因数为0.5，P在传送带上运动过程它与定滑轮间的绳始终水平．不计定滑轮质量和摩擦，绳不可伸长且有足够长度，最大静摩擦力视为等于滑动摩擦力，取g=10m/s1．求：

（1）t=0时刻小物体P的加速度大小和方向；
（1）小物体P滑离传送带时的速度．
14、（14分）如图所示，足够长的光滑水平地面上有一个质量为m的小球，其右侧有一质量为M的斜劈，斜劈内侧为光滑圆弧。小球左侧有一轻弹簧，弹簧左侧固定于竖直墙壁上，右端自由。某时刻，小球获得一水平向右的初速度v0，求：

(1)若小球恰好不飞出斜劈，则斜劈内侧的圆弧半径R为多大；
(2)若小球从斜劈滚下后，能够继续向左运动，则弹簧具有的最大弹性势能Ep为多少；
(3)若整个过程中，弹簧仅被压缩一次，求满足此条件的的范围
15、（13分）如图所示，小物体沿光滑弧形轨道从高为h处由静止下滑，它在水平粗糙轨道上滑行的最远距离为s，重力加速度用g表示，小物体可视为质点，求：

（1）求小物体刚刚滑到弧形轨道底端时的速度大小v；
（2）水平轨道与物体间的动摩擦因数均为μ。
参考答案

一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1、D
【解析】
试题分析：根据力与轨迹的关系，力要指向轨迹弯曲的内侧，且赛车沿圆周由P向Q做减速行驶，可知力与运动方向的夹角为钝角，所以D正确。
考点：本题考查力与运动的关系，意在考查学生的分析能力。
2、D
【解析】
B、C的高度相同，大于A的高度，根据：

知B、C的时间相等，大于A的时间，可知B、C两球同时抛出，A后抛出；A、B的水平位移相等，则A的初速度大于B的初速度，B的水平位移大于C的水平位移，则B的初速度大于C的初速度，即vA＞vB＞vC.
A．描述与分析不符，故A错误.
B．描述与分析不符，故B错误.
C．描述与分析不符，故C错误.
D．描述与分析相符，故D正确.
3、A
【解析】
根据，解得：。
A.根据计算结果可知，故A正确；
B.根据计算结果可知，故B错误；
C.根据计算结果可知，故C错误；
D.根据计算结果可知，故D错误。
4、B
【解析】
物体做竖直上抛运动，物体上升的时间为：
，
所以抛出后第2s内有两个运动过程，1s~1.5s上升，1.5s~2s下降，两个过程互逆
AD．第2s内的两个过程，相当于两个做了0.5s自由落体运动的过程，故在第2s内的路程为：

故第2s内平均速率为：

，AD错误；
BC．根据对称性可知，第2s内物体的位移为0，则第2s内平均速度为0，B正确C错误．
5、A
【解析】
做曲线运动的物体，加速度不为零，则受到的合外力一定不为零，选项A正确；物体受到的合外力变化，不一定做曲线运动，例如弹簧振子的振动，选项B错误；曲线运动在相同时间内速度变化量可能相等，例如平抛运动，选项C错误；曲线运动也可能是匀变速运动，例如平抛运动，选项D错误；故选A.
6、AD
【解析】
三个力平衡时，合力必须为零，任意两个力的合力与第三力必须大小相等、方向相反，所以可知：力可能在第二象限的任意方向上，也可能在第三象限．故A正确，B错误．根据平衡条件得知：与的合力与大小相等、方向相反，大小不变，所以力与夹角越小时，与的合力不变．故C错误．根据矢量三角形定则有：

由几何知识知，当时，即虚线位置时，有最小值，且最小值为．故D正确．选AD.
【点睛】三个力平衡时合力为零，由平衡条件知：其中任意两个力的合力与第三力大小相等、方向相反．作出、的合力，必定与大小相等、方向相反．根据几何知识分析的方向范围和最小值．
7、AB
【解析】
AD.物体在下落过程中，重力做正功为mgh，则重力势能减小也为mgh。故A符合题意D不符合题意。
B.物体的合力为 ，则合力做功为，根据动能定理可知物体的动能增加，故B符合题意。
C.物体除重力做功，阻力做负功，导致机械能减少。根据牛顿第二定律得：

所以阻力做功为：

所以机械能减少为，故C不符合题意。
8、BC
【解析】
AB.当周期小到一定值时，压力为零，此时万有引力充当向心力，即

解得：
①
故B正确，A错误；
CD. 星球的质量

代入①式可得：

故C正确，D错误．
9、AD
【解析】
本题首先要分析清楚过程中物体受力的变化情况，清理各个力做功情况；根据功能关系明确系统动能、B重力势能、弹簧弹性势能等能量的变化情况，注意各种功能关系的应用．
【详解】
从开始到B速度达到最大的过程中，绳子的拉力对B一直做负功，所以B的机械能一直减小，故A错误；对于B物体，只有重力与细线拉力做功，根据动能定理可知，B物体动能的增量等于它所受重力与拉力做功之和，故B正确；整个系统中，根据功能关系可知，B减小的机械能能转化为A的机械能以及弹簧的弹性势能，故B物体机械能的减少量大于弹簧弹性势能的增加量，故C正确；根据功能关系，细线拉力对A做的功等于A物体的动能增量与弹簧弹性势能的增加量之和，故D错误。本题选不正确的，故选AD。
正确受力分析，明确各种功能关系，是解答这类问题的关键，这类问题对于提高学生的分析综合能力起着很重要的作用．
10、ABD
【解析】
A、当v0，根据机械能守恒定律有：mgh，解得h，即小球上升到高度为时速度为零，所以小球能够上升的最大高度为．故A正确．
B、设小球恰好能运动到与圆心等高处时在最低点的速度为v，则根据机械能守恒定律得：mgRmv1，解得．故如果v0，则小球能够上升的最大高度为R．故B正确．
C、设小球恰好运动到圆轨道最高点时在最低点的速度为v1，在最高点的速度为v1．则在最高点，有mg＝m
从最低点到最高点的过程中，根据机械能守恒定律得： ，解得 v1，所以v0时，小球不能上升到圆轨道的最高点，会脱离轨道，在最高点的速度不为零．根据，知最大高度 h．故C错误．
D、当，由上分析知，上升的最大高度为1R．故D正确．
故选ABD．

二、实验题
11、（1）（0.395~0.399）（2）甲（3）如答图3

（4）如答图4，（4.3~4.7）

（5）C
【解析】
（1）螺旋测微器的读数：测量值（mm）＝固定刻度数（mm）（注意半毫米刻度线是否露出）＋可动刻度数（估读一位）×0.01（mm），可读出此时的读数0.1．
（2）若用限流法，电流达不到0.02A，故用分压法，故选择甲图．
（3）由电路图连接实物图，实物电路图见答案．
（4）根据坐标系内描出的点作出图像如图所示：

由图像可知，电阻 （4.3～4.7都对）
（5）由 得： 代入数据知C对．
考点：测定金属的电阻率．
12、打点计时器应采用交流电 A
【解析】
（1）[1]．从图甲中的实验装置中发现，打点计时器接在了“直流电源”上，打点计时器的工作电源是“低压交流电源”．因此明显的错误是打点计时器不能接在“直流电源”上．
（2）[2]．为了使纸带上打下的第1个点是速度为零的初始点，应该先接通电源，让打点计时器正常工作后，再释放纸带．若先释放纸带，再接通电源，当打点计时器打点时，纸带已经下落，打下的第1个点的速度不为零．因此，为保证重物下落的初速度为零，应先接通电源，再释放纸带，故选A．
（1）[1]．根据实验原理，只要验证

即

即可验证机械能守恒定律．因此需求解v1．根据匀变速直线运动规律关系式可得

则有

故只要在误差允许的范围内验证成立，就可验证重物下落过程中机械能守恒．

三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位
13、（1）2．5m/s1 ，方向向左（1）m/s
【解析】
试题分析：（1）由于v0>v， 所以P向右减速运动，
对P： T+μmg=ma1①
对Q： mg- T=ma1②
a1=2．5m/s1 ③
方向向左
（1）设经过时间t1速度与传送带速度相同，则
④
位移⑤
由于最大静摩擦力，所以此后P将继续向右减速
加速度:m/s1⑥
当其速度减为0时，位移⑦
可知P在速度未减为0时没有到达B端，此后P将反向向左加速从A端离开传送带
由：⑧
得:m/s ⑨
14、 (1) (2) (3)
【解析】
(1) 若小球恰好不飞出斜劈，则小球到达最高点时二者的速度恰好相等，选取向右为正方向，由动量守恒可得：
mv0=(m+M)v
又

联立解得

(2) 设小球第一次从斜劈B滑下离开时，小球和斜劈B的速度分别为v1和v2
以向右为正方向，由动量守恒可得
mv0=mv1+Mv2
由机械能守恒可得

联立解得小球速度为

斜劈B速度为

小球压缩弹簧的过程中系统的机械能守恒，小球的动能转化为弹簧的弹性势能，则：

(3) 设若整个过程中，弹簧仅被压缩一次，说明小球与斜劈分离后小球的速度方向必定向左，而且大小小于等于斜劈的速度大小，即：，即

可得：

则

15、（1） （2）
【解析】
解：(1)小物体沿弧形轨道下滑的过程，根据机械能守恒定律可得：
解得小物体刚滑到弧形轨道底端时的速度大小：
(2)对小物体从开始下滑直到最终停下的过程，根据动能定理则有：
解得水平轨道与物体间的动摩擦因数：