2025届广西省贺州市桂梧高中高一下物理期末预测试题含解析.doc

2025届广西省贺州市桂梧高中高一下物理期末预测试题
考生请注意：
1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。
2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。
3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1、 (本题9分)质量为m的物体以速度v0离开桌面，如图所示，当它经过A点时，所具有的机械能是（以桌面为参考平面，不计空气阻力）（ ）

A．
B．
C．
D．
2、 (本题9分)人造地球卫星在离地面的高度等于地球半径R处运行，已知地面上的重力加速度为g，则此卫星做匀速圆周运动的线速度等于
A． B． C． D．
3、 (本题9分)如图所示，A、B为匀强电场中的两点，A、B间距离为L，A、B连线与电场线夹角为θ，场强为E，则A、B间的电势差为

A．EL
B．ELcosθ
C．ELsinθ
D．0
4、 (本题9分)下列关于分力与合力的说法，不正确的是
A．两个力的合力，可能小于任一个分力
B．5N、2N、6N三个共点力最大合力为13N，最小合力为1N
C．两个分力的大小和方向都被确定，则合力也被确定
D．合力是分力等效替代的结果
5、 (本题9分)关于曲线运动的性质，以下说法中正确的是(　 　)
A．曲线运动一定是变速运动
B．变速运动一定是曲线运动
C．曲线运动一定是变加速运动
D．物体运动的加速度数值、速度数值都不变的运动一定是直线运动
6、 (本题9分)如图所示,把重物G压在纸带上,用一水平力缓缓地拉动纸带,重物跟着纸带一起运动,若迅速拉动纸带,纸带将会从重物下抽出,解释这种现象的正确的是( )

A．在迅速拉动纸带时，纸带给重物的摩擦力小
B．缓慢拉动纸带与迅速拉动纸带，纸带给重物的摩擦力相同
C．在缓慢拉动纸带时，纸带给重物的冲量大
D．迅速拉动纸带，纸带给重物的冲量小
7、 (本题9分)将一个质量为的物体以的速度从的高度水平抛出,不计空气阻力,取,则（ ）
A．时物体所受重力的功率为
B．内物体所受重力的平均功率为
C．内物体所受重力的冲量大小为
D．内物体的动量增量大小为
8、 (本题9分)如图所示，纵坐标表示两个分子间引力和斥力的大小，横坐标表示两个分子间的距离，图中两条曲线分别表示两分子间引力、斥力的大小随分子间距离的变化关系，e为两曲线的交点，则下列说法中正确的是（ ）

A．ab为引力曲线，cd为斥力曲线，e点横坐标的数量级为m
B．ab为斥力曲线，cd为引力曲线，e点横坐标的数量级为m
C．若两个分子间距离小于e点的横坐标，则分子间作用力表现为斥力
D．若两个分子间距离小于e点的横坐标时，分子力随两个分子间距离增大而增大
9、如图所示，a、b是两个在同一平面内的，绕地球做匀速圆周运动的人造卫星，其中已知b为地球同步卫星，引力常量为G．据图和上述信息，关于地球和卫星a、b的分析或结论，如：卫星a、b的绕行速度va、vb，绕行周期Ta、Tb等。下列的叙述正确的是（　　）

A．由于va＞vb，因而卫星a减速可有可能让卫星b追上
B．卫星a的绕行周期Ta一定小于24h
C．卫星a、b的轨道平面一定与地球的赤道平面重合
D．利用以上信息，可计算出地球的半径
10、 (本题9分)马戏团中上演的飞车节目深受观众喜爱。如图甲，两表演者骑着摩托车在竖直放置的圆锥筒内壁上做水平匀速圆周运动。若两表演者（含摩托车）分别看作质点A、B，其示意简图如图乙所示，摩托车与内壁倾斜方向的摩擦力恰好为零，则B做圆周运动的

A．周期较大
B．线速度较大
C．角速度较大
D．向心加速度较大
二、实验题
11、（4分）用图①的电路测量一节蓄电池的电动势和内阻．蓄电池的内阻很小，为防止滑动变阻器电阻过小时由于电流过大而损坏器材，电路中用了一个保护电阻R0.除蓄电池、导线、开关外，可供使用的实验器材还有：

A．电压表V1（量程3V、15V）
B．电压表V2（量程3V、15V）
C．滑动变阻器R1（0~20Ω，允许最大电流1A）
D．滑动变阻器R2（0~1500Ω，允许最大电流0.2A）
E.定值电阻R01（阻值1Ω，额定功率5W）
F.定值电阻R02（阻值10Ω，额定功率10W）
回答下列问题：
（1）电压表V1选____量程，电压表V2选____量程；（选填“3V”或“15V”）
（2）滑动变阻器选____（填“R1”或“R2”），定值电阻选_____(选填“R01”或“R02”）；
（3）根据实验数据，绘制U1-U2图象，得到的应该是图②中的____（选填“甲”或“乙”）；
（4）若图线与纵轴的交点坐标为a，图线的斜率（或斜率的绝对值）为k，则蓄电池的电动势为______,内阻为______（定值电阻用“R0”表示）
12、（10分）假如2025年，你成功登上月球．给你一架天平（带砝码）、一个弹簧秤、一个秒表和一个小铁球，如何估测你在月球上用手竖直向上抛出一个小铁球时，手对小球所做的功．步骤：
（1）用弹簧秤、天平分别测量小球的_____、_____可以计算出月球表面重力加速度．（写出物理量名称和符号）
（2）用秒表测量小球从抛出到落回抛出点的时间t
（3）写出手对小球所做功的表达式，W＝_____．（用直接测量的物理量符号表示）
三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位
13、（9分）如图所示，光滑水平面AB与竖直面内的半圆形导轨在B点相接，导轨半径为R．一个质量为m的物体将弹簧压缩至A点后由静止释放，在弹力作用下物体获得某一向右速度后脱离弹簧，当它经过B点进入导轨瞬间对导轨的压力为其重力的7倍，之后向上运动恰能完成半个圆周运动到达C点．试求：

（1）弹簧开始时的弹性势能．
（2）物体从B点运动至C点克服阻力做的功．
（3）物体离开C点后落回水平面时的速度大小．
14、（14分） (本题9分)如图所示，水平面上有一块木板，质量M＝4.0 kg，它与水平面间的动摩擦因数μ1＝0.10.在木板的最左端有一个小滑块(可视为质点)，质量m＝2.0 kg.小滑块与木板之间的动摩擦因数μ2＝0.1．开始时它们都处于静止状态．某时刻起对小滑块施加一个水平向右的恒力F＝18 N，此后小滑块将相对木板滑动，1.0 s后撤去该力．（重力加速度g=10m/s2）

（1）求小滑块在木板上相对于木板向右滑行时，木板加速度的大小a；
（2）若要使小滑块不离开木板，求木板的长度L应满足的条件．
15、（13分）如图所示，质量m1＝0.3 kg的小车静止在光滑的水平面上，车长L＝1.5 m，现有质量m2＝0.2 kg可视为质点的物块，以水平向右的速度v0＝2 m/s从左端滑上小车，最后在车面上某处与小车保持相对静止．物块与车面间的动摩擦因数μ＝0.5，取g＝10 m/s2，求

(1)物块在车面上滑行的时间t；
(2)要使物块不从小车右端滑出，物块滑上小车左端的速度v0′不超过多少．
参考答案

一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1、D
【解析】
试题分析：选择桌面为零势能面，开始是机械能为：，由于不计空气阻力，物体运动过程中机械能守恒，则经过A点时，所具有的机械能也为，故选项D正确．
考点：机械能守恒定律
名师点睛：物体在运动过程中机械能守恒，即任意两个时刻或位置的机械能都相等，本题中关键是正确计算物体具有的势能．
2、A
【解析】
试题分析：根据万有引力提供向心力可知，且，所以答案为
考点：万有引力提供向心力
点评：本题考查了万有引力提供向心力的常见公式的推导和理解。
3、B
【解析】
根据匀强电场的场强与电势差的关系可知，A、B间的电势差为，故选B.
4、B
【解析】
若两力夹角较大时，两力的合力可以小于任意一个力，故A正确；当5N与2N的合力为6N时，且与第三个力方向相反时，合力最小可以为零，故B错误；若两个力都被确定，则两力的合力可由平行四边形定则求出，故合力也就确定，故C正确；合力是分力等效替代的结果，选项D正确；此题选择不正确的选项，故选B.
5、A
【解析】
AB.曲线运动速度一定变化，所以一定是变速运动；匀加速直线运动就是变速运动，但不是曲线的，选项A符合题意，选项B不符合题意；
C.平抛运动就是物体加速度大小不变的曲线运动，选项C不合题意；
D. 匀速圆周运动就是运动的加速度数值、速度数值都不变的曲线运动，选项D不合题意
6、CD
【解析】
AB、用水平力F慢慢拉动纸带,重物跟着一起运动,重物与纸片间是静摩擦力;若迅速拉动纸带,纸带会从重物下抽出,重物与纸片间是滑动摩擦力;滑动摩擦力约等于最大静摩擦力;故快拉时摩擦力大;故AB错误；
C、纸带对重物的合力为摩擦力与支持力的合力,慢拉时静摩擦力作用时间长,支持力的作用时间也长,故慢拉时纸带给重物的摩擦力的冲量大;在迅速拉动纸带时,作用时间短,所以纸带给重物的冲量小.所以选项CD正确;
综上所述本题答案是：CD
快拉时,因为惯性,很容易将纸片抽出;慢拉时,很难将纸片抽出;根据静摩擦力和滑动摩擦力大小的分析可以知道选项AB的正误;根据冲量的定义公式分析冲量大小,由此可以知道选项CD的正误.
7、BCD
【解析】
0.6s时物体的竖直速度：vy=gt=6m/s，则0.6s时物体所受重力的功率为P=mgvy=20×6=120W，选项A错误；0.6s时物体下落的竖直高度：h=gt2=1.8m，则0.6s时物体所受重力的平均功率为，选项B正确；0.6s内物体所受重力的冲量大小为I=mgt=20×0.6=12N⋅s，选项C正确；0.6s 内物体的动量增量大小为∆P=m∆v=2×6=12kg⋅m/s，选项D正确；故选BCD.
8、AC
【解析】
在F−r图象中，随着距离的增大斥力比引力变化的快，当分子间的距离等于分子直径数量级时，引力等于斥力。
【详解】
AB.在F−r图象中，随着距离的增大斥力比引力变化的快，所以ab为引力曲线，cd为斥力曲线，当分子间的距离等于分子直径数量级10-10m时，引力等于斥力，A正确B错误；
C.若两个分子间距离小于e点的横坐标，则分子间作用力表现为斥力，C正确；
D.若两个分子间距离小于于e点的横坐标时，随着两个分子间距离越来越大，分子力越来越小，D错误。
9、BC
【解析】
A.卫星a减速时，a将做近心运动，轨道半径减小，不可能让卫星b追上。故A错误。
B.根据万有引力提供向心力，得：

解得：
，
可知，卫星a的绕行周期Ta一定小于卫星b的绕行周期Tb，即一定小于24h，故B正确。
C.地球同步卫星的轨道平面一定与地球的赤道平面重合，a、b是两个在同一平面内的，b为地球同步卫星，则卫星a、b的轨道平面一定与地球的赤道平面重合，故C正确。
D.利用题目的信息，不能求出地球的半径，故D错误。
10、AB
【解析】
BC.摩托车做匀速圆周运动，摩擦力恰好为零，由重力mg和支持力F的合力提供圆周运动的向心力，作出受力分析如图：

则有：向心力Fn=mgtanα，由，得：，，则知B质点高，半径r大，则ω较小，v较大；故B正确，C错误.
A.因为，而B质点角速度小，则其周期较大；故A正确.
D.因为mgtanα=ma，则向心加速度为a=gtanα，所以A、B两质点的向心加速度相等，故D错误.

二、实验题
11、3V 3V R1 R01 甲 a kR0
【解析】
（1）一节蓄电池电动势约为2V，故电压表V1测量路端电压，最大不超过电源电动势，选3V量程，
（2）为方便实验操作，滑动变阻器应选择R1；定值电阻R01额定电压：，定值电阻R02的额定电压，电源电动势约为2V，则定值电阻应选择R01；
（3）由图示电路图可知，随电压U2增大，电路电流增大，路端电压减小，即U1减小，由图示图线可知，U1-U2图线应为图线甲．
（4）电压表V2示数：U2=IR0，电压表V1测路端电压，U1-U2图线即U1-IR0图线，由图示图线可知，电源电动势：E=a，图线斜率， ，电源路端电压U1与电路电流I图线斜率的绝对值等于电源内阻：；
12、（1）重力F 质量m （2）W=（F用G表示也可以）
【解析】
试题分析：利用G=mg，可求出g=G/m．手对小球所做的功W==
考点：重力公式和功是能量转换的量度．

三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位
13、 (1)3mgR (2)0.5mgR (3)
【解析】
试题分析：（1）物块到达B点瞬间，根据向心力公式有：
解得：
弹簧对物块的弹力做的功等于物块获得的动能，所以有

（2）物块恰能到达C点，重力提供向心力，根据向心力公式有：
所以：
物块从B运动到C，根据动能定理有：
解得：
（3）从C点落回水平面，机械能守恒，则：
考点：本题考查向心力，动能定理，机械能守恒定律
点评：本题学生会分析物块在B点的向心力，能熟练运用动能定理，机械能守恒定律解相关问题．
14、 (1) 1 m/s2；(2) L≥2.25 m
【解析】
(1)小滑块在木板上滑行时，先做匀加速直线运动，然后做匀减速直线运动．小滑块受到的木板的摩擦力Ff1＝μ2FN1＝μmg＝10N；
根据牛顿第三定律：木板受到的小滑块摩擦力的大小Ff1′＝μ2mg＝10N；
木板受到的小滑块压力的大小FN1′＝FN1＝20N
木板受到地面的摩擦力Ff2＝μ1(Mg＋FN1)＝6N；
在拉力F的作用下，滑块做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律，木板的加速度 ．
(2)小滑块的加速度a1＝m/s2＝4 m/s2；
撤去拉力F时，滑块的速度v1＝a1t1＝4.0 m/s；
滑块运动的距离x1＝a1t12＝2.0 m
撤去拉力后，滑块做匀减速直线运动，根据牛顿第二定律，滑块的加速度：
若滑块没有滑出木板，滑块与木板达到共同速度，设该速度为v2，则这段时间内v2＝v1＋a2t2
在(t1＋t2)时间内，木板做匀加速直线运动，则有：v2＝a(t1＋t2)
t2＝0.5 s
v2＝1.5 m/s；
小滑块前进的位移x2＝＝1.375m；
木板运动的位移x＝a(t1＋t2)2＝1.125 m
则滑块相对木板运动的距离d＝x1＋x2－x＝2.25m
所以要使小滑块不离开木板，木板长度L应满足L≥d，即L≥2.25 m
15、（1）0.24s（2）5m/s
【解析】
（1）根据牛顿第二定律得，物块的加速度大小为：a2＝μg＝0.5×10m/s2＝5m/s2，
小车的加速度大小为：，根据v0-a2t=a1t得则速度相等需经历的时间为：．
（2）物块不从小车右端滑出的临界条件为物块滑到小车右端时恰好两者达到共同速度，设此速度为v，由水平方向动量守恒得：m2v0=（m1+m2）v…①
根据能量守恒得：μm2gL＝ m2v0′2−(m1+m2)v2   ②
代入数据，联立①②解得v0′=5m/s．
本题考查了滑块模型，关键理清物体的运动规律，对于第二问，也可以抓住临界情况，结合动力学知识求解，但是没有运用动量守恒和能量守恒解决方便．