贵州省遵义市务川民族中学2024-2025学年物理高一下期末学业质量监测模拟试题含解析.doc

贵州省遵义市务川民族中学2024-2025学年物理高一下期末学业质量监测模拟试题
注意事项
1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．
2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．
3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．
4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．
5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．

一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）
1、 (本题9分)一只船在静水中的速度为，它要横渡一条宽的河，水流速度为，下列说法正确的是（ ）
A．过河时间可能是
B．过河时间可能是
C．这只船可能垂直于河岸抵达正对岸
D．这只船对地的速度一定是
2、 (本题9分)在美国拉斯维加斯当地时间2011年10月16日进行的印地车世界锦标赛的比赛中，发生15辆赛车连环撞车事故，两届印第安纳波利斯500赛冠军、英国车手丹·威尔顿因伤势过重去世．在比赛进行到第11圈时，77号赛车在弯道处强行顺时针加速超越是酿成这起事故的根本原因，下面四幅俯视图中画出了77号赛车转弯时所受合力的可能情况，你认为正确的是(　　)
A．
B．
C．
D．
3、一物体放在光滑水平面上，它的俯视图如图所示，两个相互垂直的力F1和F2同时作用在物体上，使物体沿图中v0的方向做直线运动。经过一段位移的过程中，力F1和F2对物体所做的功分别为3J和4J。则物体动能的变化量为

A．1J
B．4J
C．5J
D．7J
4、 (本题9分)已知通过三个并联支路的电流之比I1∶I2∶I3＝1∶2∶3，则三个并联支路的电阻之比R1∶R2∶R3为
A．6∶3∶2 B．2∶3∶6
C．1∶2∶3 D．2∶3∶1
5、下列说法不符合史实的是（ ）
A．第谷通过长期观察，建立了日心说
B．开普勒总结了行星运动的三大定律
C．卡文迪许测出了引力常量G，被称为“称量地球重量的人”
D．利用万有引力定律发现的海王星，被称为“笔尖下的行星
6、 (本题9分)关于弹簧的劲度系数，下列说法中正确的是(　　)
A．与弹簧受的拉力有关
B．与弹簧发生的形变有关
C．由弹簧本身决定，与弹簧所受的拉力大小及形变程度无关
D．与弹簧本身特征、所受拉力大小、形变的大小都有关
7、如图所示，流水线上的皮带传送机的运行速度为v，两端高度差为h，工作时，每隔相同时间无初速放上质量为m的相同产品．当产品和皮带没有相对滑动后，相互间的距离为d．根据以上已知量，下列说法正确的有

A．可以求出每个产品与传送带摩擦产生的热量
B．可以求出工作时传送机比空载时多出的功率
C．可以求出每个产品机械能的增加量
D．可以求出t时间内所传送产品的机械能增加总量
8、 (本题9分)在东京奥运会资格赛67公斤级决赛中，我国选手谌利军打破抓举、挺举和总成绩的三项世界纪录并夺得冠军。谌利军抓举154kg时，先下蹲将杠铃举过头顶（如图），然后保持胸部以上及杠铃姿态不变站立起来完成比赛。在谌利军从图示状态站起来的过程中，下列说法正确的是（ ）

A．杠铃的重力势能一直增加
B．合力对杠铃一直做正功
C．谌利军对杠铃做功的功率一直增大
D．谌利军对杠铃做功的功率先增大后减小
9、 (本题9分)放在粗糙水平面上的物体受到水平拉力的作用，在0~6s内速度与时间图像和该拉力的功率与时间图像分别如图甲乙所示，下列说法正确的是

A．0~6s内物体位移大小为36m
B．0~2s内拉力做的功为30J
C．合外力在0~6s内做的功与0~2s内做的功相等
D．滑动摩擦力大小为5N
10、 (本题9分)2019年1月19日，西昌卫星发射中心以“一箭双星”方式成功发射第42、43颗北斗导航卫 星。对于那些在同一轨道上绕地球做匀速圆周运动的北斗卫星，下列物理量一定相同的是
A．线速度的大小
B．向心力的大小
C．周期
D．向心加速度的大小
11、 (本题9分)质量为4kg的物体由静止开始向上被提升0.25m后，速度达1m/s，则下列判断正确的是（　　）
A．拉力对物体做功等于物体增加的动能 B．合外力对物体做功为2J
C．物体克服重力做功为10J D．拉力对物体做功为12J
12、 (本题9分)两个共点力的大小分别为F1＝6 N，F2＝10 N，则它们的合力可能为(　　)
A．3 N B．5 N C．10 N D．20 N
二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）
13、（6分）小王同学在测定某一电阻的阻值实验中，待测电阻Rx的阻值大约是46，电压表内阻大约5k，电流表内阻大约1．
（1）测量电路如图，为了减小误差应该选___图（填“甲”或“乙”）

（2）实验所用的电源为2节1号干电池，滑动变阻器总阻值为5，若电池的内阻极小，电压表应该选择哪个量程___（填3V或15V）；电流表应该选择哪个量程___（填0.6A或3A）

（3）测得的实验数据如下表，请根据电流表读数补全空缺的数据____

（4）利用第(3)问表格中的数据，在答题卷对应位置的坐标系中描点，并且作出图线__．

（5）根据作出的图线求得待测电阻为__．
14、（10分） (本题9分)某同学在实验中用螺旋测微器测量金属丝的直径，某次测量示数如图所示，此示数为_____mm。

三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）
15、（12分） (本题9分)如图所示，两块水平放置的平行金属板相距为，组成一个电容为的平行板电容器，板接地，板正中央有一个小孔，从小孔正上方高处的点，一滴一滴地由静止滴下质量为、电荷量为的带电油滴，油滴穿过孔后落到板，把全部电荷量传给板，板也带上等量的异种电荷，不计空气阻力及板外电场的影响．求：
（1）当某一滴油滴在板间恰好做匀速直线运动时，板间的电场强度大小和电容器所带的电荷量；
（2）最终到达板的油滴不会超过多少滴．

16、（12分） (本题9分)如图所示，光滑的水平轨道与光滑半圆轨道相切，圆轨道半径R＝0.4 m．一个小球停放在水平轨道上，现给小球一个v0＝5 m/s的初速度，求：(g取10 m/s2)

(1)小球从C点飞出时的速度．
(2)小球到达C点时，对轨道的作用力是小球重力的几倍？
(3)小球从C点抛出后，经多长时间落地？
(4)落地时速度有多大？
17、（12分） (本题9分)如图所示，水平光滑直轨道ab与半径为R=0.4m的竖直半圆形粗糙轨道bc相切，xab=3.2m，且d点是ab的中点．一质量m=2kg的小球以v0=8m/s初速度沿直轨道ab向右运动，小球进入半圆形轨道后能通过c点，然后小球做平抛运动落在直轨道上的d点，则求：

（1）小球在最高点对轨道的挤压力；
（2）通过轨道bc时克服摩擦力做功．
参考答案

一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）
1、A
【解析】AB、当船头与岸垂直时，过河时间最短，最小时间，当船头方向指向其它方向，渡河时间大于10s，故B错误，A正确；
C、由已知小船在静水中速度v1=3m/s，河宽d=30m，水速v2=4m/s，因v2>v1，由矢量合成的平行四边形法则可知合速度不能垂直河岸，故船不可能垂直于河岸抵达正对岸，因此这只船不可能垂直于河岸到达对岸，故C错误；
D、当两速度互相垂直时，根据平行四边形定则知，合速度为5m/s，其它情况不等于5m/s，故D错误；
故选A。
【点睛】根据平行四边形定则判断合速度的方向能否垂直河岸，从而确定能否垂直渡河．当船头的方向与河岸垂直时，渡河时间最短，根据等时性求出最短的时间，从而判断渡河时间的可能值。
2、B
【解析】
物体做曲线运动的轨迹总是夹在速度方向与合外力方向之间，由此可排除AD，又因为是顺时针加速，所以选B．
3、D
【解析】
当有多个力对物体做功的时候，总功的大小就等于用各个力对物体做功的和，由于力F1对物体做功3J，力F2对物体做功4J，所以F1与F2的合力对物体做的总功就为W=3J+4J=7J，由动能定理可知，合外力做功等于动能变化量，所以动能的变化量为7J
A. 1J与分析不符，A错误
B. 4J与分析不符，B错误
C. 5J与分析不符，C错误
D. 7J与分析相符，D正确
4、A
【解析】
三个并联支路的电压相等，根据欧姆定律U=IR得，电流I与电阻R成反比。电流之比I1：I2：I3=1：2：3，则电阻之比
R1：R2：R3=6：3：2
A． 6∶3∶2与分析相符，故A正确。
B． 2∶3∶6与分析不符，故B错误。
C． 1∶2∶3与分析不符，故C错误。
D． 2∶3∶1与分析不符，故D错误。
5、A
【解析】
A. 哥白尼通过长期观察，提出“日心说”，故选项A不符合史实；
B.开普勒总结了行星运动的三大定律，故选项B符合史实；
C.卡文迪许测出了引力常量G，被称为“称量地球重量的人”，故选项C符合史实；
D. 海王星是人们依据万有引力定律计算而发现的，被称为“笔尖下发现的行星”，故选项D符合史实。
6、C
【解析】
弹簧的劲度系数表示弹簧的软硬程度，它的数值与弹簧的材料，弹簧丝的粗细，弹簧圈的直径，单位长度的匝数及弹簧的原长有关．在其他条件一定时弹簧越长，单位长度的匝数越多，k值越小，与弹簧所受拉力及形变大小无关，故C正确，ABD错误．
7、CD
【解析】
试题分析：每个产品与传送带的摩擦生热为Q=fx其中f为滑动摩擦力，x为产品与传送带的相对滑动位移，而由题目的条件都不能求解，故选项A错误；工作时传送机比空载时多出的功率等于工件的机械能增量与摩擦生热的和与时间的比值，因摩擦生热的值不能求解，故不能求出工作时传送机比空载时多出的功率，选项B错误；每个产品机械能的增加量为，因已知每个产品的质量m和速度v，以及传送带的高度h已知，故可求出每个产品机械能的增加量，选项C正确；根据x=vt可求解t时间传送带的位移，然后除以d可求解t时间所传送的产品个数，再根据C选项中求出的每个产品机械能的增加量，则可求出t时间内所传送产品的机械能增加总量，选项D正确；故选CD．
考点：能量守恒定律
名师点睛：此题是传送带问题，考查能量守恒定律的应用；关键是知道摩擦生热的求解方法以及产品随传送带上升过程中的能量转化情况，结合能量守恒定律即可求解．
8、AD
【解析】
A. 杠铃相对于地面的高度不断上升，所以杠铃和地球组成系统的重力势能一直增加。故A正确；
B. 杠铃向上运动的过程中，先向上加速，后向上减速，所以杠铃的动能先增大后减小，合力先做正功后做负功。故B错误；
CD. 谌利军对杠铃做功的功率P=Fv，F先大于重力后小于重力最后等于重力，v先增大后减小，所以功率先增大后减小。故C错误，D正确。
9、BC
【解析】
A、在v-t图像中图像包围的面积即为运动的位移，所以0～6 s内物体位移大小 ，故A错误；
B、在0～2s内，P-t图象中图线与时间轴所围面积等于拉力做功为： ,故B正确
C、在0～6 s内和0～2 s内的动能变化量的大小是相等的，根据动能定理可知合外力在0～6 s内做的功与0～2 s内做的功相等，故C正确
D、匀速阶段，阻力等于拉力，所以物体运动时受到的阻力大小为 ，故D正确
故选BCD
10、ACD
【解析】
根据万有引力等于向心力，则有，解得，，，对于在同一轨道上绕地球做匀速圆周运动的北斗卫星，故其线速度大小相同，周期相同，向心加速度的大小相同，由于北斗卫星的质量未知，所以向心力的大小不一定相同，故选项A、C、D正确，B错误。
11、BCD
【解析】
根据物体的运动的情况可以求得物体的加速度的大小，再由牛顿第二定律就可以求得拉力的大小，再根据功的公式就可以求得力对物体做功的情况。
【详解】
分析物体的运动的情况可知，物体的初速度的大小为0，位移的大小为0.25m，末速度的大小为1m/s，由v2-0=2ax可得，加速度a=2m/s2，
A项：由功能关系可知，拉力对物体做功等于物体增加的动能和增加的重力势能之和，故A错误；
B项：合外力对物体做功W合=F合x= 2J，故B正确；
C项：重力做功为WG=-mgh=-10J，所以物体克服重力做功为10J，故C正确；
D项：由牛顿第二定律可得，F-mg=ma
所以F=mg+ma=48N，
拉力对物体做功为W=Fx=12J，故D正确。
12、BC
【解析】
两力合成时，合力范围为：|，代入数据得：，故选BC．
【点睛】两力合成时，合力随夹角的增大而减小，当夹角为零时合力最大，夹角180°时合力最小，并且

二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）
13、甲 3V 0.6A 0.1 5.0
【解析】
（1）由于待测电阻Rx的阻值大约是46，电压表内阻大约5k，电流表内阻大约1，电压表内阻远大于待测电阻Rx，若采用乙图电路，电流表的分压比较明显，误差比较大，故采用甲图电路．
（2）根据安全性原则和准确性原则，电压表选用3V量程；回路中最大电流I==A=0.75A，为了保证安全，滑动变阻器开始接入电路的电阻应调到最大，这样电流表就可以选0.6A的量程．
（3）电流表读数为0.1A，所以表中空缺的数据为0.1．
（4）根据表格中的数据，作出对应的图线如下：

（5）作出的图线为线性关系，图线的斜率表示待测电阻的大小，则待测电阻Rx===5.0．
14、0.680mm
【解析】
螺旋测微器固定刻度为0.5mm，可动刻度为0.01mm×18.0=0.180mm，所以最终读数为0.5mm+0.180mm=0.680mm。

三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）
15、（1） （2）
【解析】
（1）由平衡条件得
电场强度

得
（2）设已有滴油滴到达板，
第滴油滴恰好能到达板，对于第滴油滴，根据动能定理得

得
所以最终到达板的油滴不会超过．
点睛:本题主要考查了动能定理在电场中的应用，要知道当油滴滴到下极板时速度刚好为零，下面的油滴就不能滴到下极板上，同时还需要掌握电容以及平衡条件等的应用．
16、 (1)3m/s（2）1.25倍（3）0.4s（4）5m/s
【解析】
(1)小球从B到C的过程中根据机械能守恒可求出球从C点飞出时的速度；
(2)小球通过C点受支持力和重力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律求出压力和重力的关系；
(3)小球离开C点后做平抛运动，根据竖直方向上做自由落体运动计算运动的时间；
(4)根据动能定理计算落地的速度的大小．
【详解】
(1) 设在C点的速度为VC，小球从B到C的过程中利用动能定理可得：

代入数据解得：Vc=3m/s；
(2) 设C点对球的压力为N，小球通过C点受支持力和重力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律得：

解得：N=1.25mg，
即球对C点的压力是重力的1.25倍 ；
(3) 小球离开C点后做平抛运动，在竖直方向有：

落地时间为：t=0.4 s ；
(4)全过程没有阻力的作用，只有重力做功，根据机械能守恒可得落地时的速度大小不变，
即：v=v0=5m/s．
解决多过程问题首先要理清物理过程，然后根据物体受力情况确定物体运动过程中所遵循的物理规律进行求解；小球能否到达最高点，这是我们必须要进行判定的，因为只有如此才能确定小球在返回地面过程中所遵循的物理规律．
17、（1）60N（2）32J
【解析】
（1）小球从c点以后做平抛运动，则：，，在c点根据牛顿第二定律可以得到： ，代入数据整理可以得到： ，根据牛顿第三定律可以知道，在c点对轨道的压力大小为，方向竖直向上．
（2）从b到c根据动能定理：
代入数据整理可以得到： ，即克服摩擦力做功为．
点睛：本题关键是明确小球的运动情况，分过程运用动能定理、平抛运动的分位移公式和向心力公式列式求解．