2025届北京市西城区第十四中物理高一第二学期期末质量跟踪监视模拟试题含解析.doc

2025届北京市西城区第十四中物理高一第二学期期末质量跟踪监视模拟试题
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。
2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。
3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。
4．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1、 (本题9分)如图所示，炮弹射出炮口时的速度与水平方向成30°角，速度大小是800 m/s，在忽略所受空气阻力的情况下，下列分析正确的是（　　）

A．炮弹射出时的竖直分速度是400 m/s
B．炮弹射出时的水平分速度是400 m/s
C．炮弹射出后做匀变速直线运动
D．炮弹射出后能上升的最大高度小于2 000 m
2、 (本题9分)如图所示，小物块位于半径为R的半球顶端，若给小物块以水平的初速为v0 时，物块刚好对半球无压力，则以下说法不正确的是

A．小物块立即离开球面做平抛运动
B．小物块落地时水平位移R
C．小物块沿半球面运动
D．小物块落地时速度的方向与地面不可能成45°角
3、 (本题9分)汽车始终以恒定功率运动，它先在水平路面上匀速行驶，某时刻突然驶入了另外一种路面，该路面的阻力比原路面的阻力小，前后两段路面上受到的阻力大小各自恒定，则下列说法正确的是
A．汽车将做一段时间的加速度增大的减速运动
B．汽车将做一段时间的加速度减小的加速运动
C．汽车将做一段时间的加速度增大的加速运动
D．汽车将做一段时间的加速度减小的减速运动
4、 (本题9分)如图所示,一同学分别在同一直线上的A、B、C三个位置投掷篮球,结果都垂直击中篮筐,速度分别为v1、v2、v1．若篮球出手时高度相同,出手速度与水平夹角分别为θ1、θ2、θ1,下列说法正确的是

A．v1>v2>v1
B．v1<v2<v1
C．θ1>θ2>θ1
D．θ1=θ2=θ1
5、 (本题9分)均匀小球A、B的质量分别为m、6m，球心相距为R，引力常量为G，则A球受到B球的万有引力大小是（ ）
A． B． C． D．
6、 (本题9分)关于物体的平抛运动，下列说法错误的是（　　）
A．由于物体受力的大小和方向不变，因此平抛运动是匀变速运动
B．由于物体速度的方向不断变化，因此平抛运动不是匀变速运动
C．同一位置以不同的初速度水平抛出物体，初速度大的物体飞行时间长
D．同一位置以不同的初速度水平抛出物体，初速度小的物体飞行时间长
7、将甲、乙两个质量相等的物体在距水平地面同一高度处，分别以v和2v的速度水平抛出，若不计空气阻力的影响，则
A．甲物体在空中运动过程中，任何相等时间内它的动量变化都相同
B．甲物体在空中运动过程中，任何相等时间内它的动能变化都相同
C．两物体落地时动量对时间的变化率相同
D．两物体落地时重力的功率相同
8、 (本题9分)如图所示，先后用不同的交流电源给同一盏灯泡供电。第一次灯泡两端的电压随时间按正弦规律变化，如图甲所示；第二次灯泡两端的电压变化规律如图乙所示。若图甲、乙中的U0、T所表示的电压、周期值是相等的，则以下说法正确的是(　　)

A．第一次灯泡两端的电压有效值是U0
B．第二次灯泡两端的电压有效值是U0
C．第一次和第二次灯泡的电功率之比是2∶9
D．第一次和第二次灯泡的电功率之比是1∶5
9、 (本题9分)自行车变速的工作原理是依靠线绳拉动变速器，变速器通过改变链条的位置，使链条跳到不同的齿轮上而改变速度。变速自行车的部分构造如图所示，其前、后轮的半径相等，当自行车沿直线匀速前进时，下列说法正确的是

A．后轮轮胎边缘的线速度大于飞轮边缘的线速度
B．飞轮的角速度与中轴链轮的角速度大小一定相等
C．由链条相连接的飞轮边缘与中轴链轮边缘的线速度大小一定相等
D．由链条相连接的飞轮边缘与中轴链轮边缘的向心加速度大小一定相等
10、如图所示，竖直平面内有一圆心为O、半径为R的固定半圆槽，质量相等的两个小球A、B分别从图示位置以不同的速度水平抛出，结果均落到半圆槽上的P点(O、P两点连线与水平半径OD的夹角θ=30°)。已知A的初位置在C点正上方且到C点高度为R，B的初位置在C点，空气阻力不计，重力加速度大小为g，则

A．A在空中运动的时间为
B．B被抛出时的速度大小为(+1)
C．A、B被抛出时的速度大小之比为：1
D．A、B落到P点前瞬间所受重力的功率之比为：1
二、实验题
11、（4分） (本题9分)(1)在做“验证力的平行四边形定则”实验时,橡皮条的一端固定在木板上,用两个弹簧秤把橡皮条的另一端拉到某一确定的O点,则下列说法中正确的是__________．
A、同一次实验中,O点位置允许变动
B、实验中，橡皮条、细绳和弹簧秤应与木板保持平行
C、实验中，把橡皮条的另一端拉到O点时,两个弹簧秤之间的夹角必须取90°
D、实验中，要始终将其中一个弹簧秤沿某一方向拉到最大量程,然后调节另一弹簧秤拉力的大小和方向,把橡皮条另一端拉到O点
(2)如图所示，是甲、乙两位同学在做本实验时得到的结果，其中F是用作图法得到的合力，F’是通过实验测得的合力,则哪个实验结果是符合实验事实的_________?(填“甲”或“乙”)

12、（10分） (本题9分)实验时，利用实验测得的数据计算表明，重物下落中减少的重力势能总略大于增加的动能．这主要因为( )
A．选择纸带时，没有选用第一个和第二个点间距离接近2mm的纸带
B．实验中，重物下落时速度的计算方法不正确
C．刻度尺的精确度太低
D．重物下落过程中，克服各种摩擦阻力做了功
三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位
13、（9分）飞机若仅依靠自身喷气式发动机产生的推力起飞需要较长的跑道，某同学设计在航空母舰上安装电磁弹射器以缩短飞机起飞距离，他的设计思想如下：如图所示，航空母舰的水平跑道总长l=180 m，其中电磁弹射器是一种长度为l1=120 m的直线电机，这种直线电机从头至尾可以提供一个恒定的牵引力F牵，一架质量为m=2.0×104kg的飞机，其喷飞式发动机可以提供恒定的推力F推=1.2×105N．假设飞机整个过程所受的平均阻力为飞机重力的0.2倍．飞机离舰起飞的速度v=100 m/s，航母处于静止状态，飞机可视为质量恒定的质点．请你求出(计算结果均保留二位有效数字)：

(1)飞机离开电磁弹射区后的加速度大小
(2)电磁弹射器的牵引力F牵的大小
(3)电磁弹射器输出效率可以达到80%，则每弹射这样一架飞机电磁弹射器需要消耗多少能量
14、（14分） (本题9分)第11届本田中国节能竞技大赛年月在广东国际赛车场举行，某公司研制开发的某型号小汽车质量，额定功率，当这辆车在平直水平路面上行驶时，受到的阻力是车重的倍，取．求：
(1)若这辆小汽车从静止开始，保持以的加速度做匀加速直线运动，这一过程能维持多长时间？
(2)若这辆小汽车从静止开始，保持额定功率做加速运动，后达到最大速度，最大速度是多少？此过程中汽车发生的位移是多少？
15、（13分） (本题9分)如图所示，质量m＝10 kg的物体放在水平地面上，物体与地面间的动摩擦因数μ＝0.4.今用F＝50 N的水平恒力作用于物体上，使物体由静止开始做匀加速直线运动，g取10 m/s2，求：

（1）物体的加速度大小；
（2）力F在8 s内所做的功；
（3）用动能定理求8 s末物体的动能.
参考答案

一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1、A
【解析】
炮弹的运动可以分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的竖直上抛运动，在竖直方向的初速度为：Vy=v0sin 30°=800×m/s=400m/s；在水平方向上有：Vx=v0cos60°=800×m/s=693m/s．故A正确，B错误；炮弹射出后，因加速度不变，且加速度与速度不共线，做匀变速曲线运动，故C错误；根据运动学公式可知，射出后能上升的最大高度，故D错误；故选A．
点睛：本题是速度的合成与分解，直接根据平行四边形定则分解即可，注意运动性质的确定，同时注意上升最大高度时，速度不为零．
2、C
【解析】
A.物块对球顶恰无压力，说明此时恰好是物体的重力作为圆周运动的向心力，物体离开半球顶端后将做平抛运动，故A正确，不符合题意。
B.物体做平抛运动，由

以及

得： ，故B正确，不符合题意。
C.物块对球顶恰无压力，物体的重力作为圆周运动的向心力，过最高点物体速度增加，所需要向心力亦增加，而此时的向心力为重力指向圆心方向的分力小于重力，故小球不可能沿圆周做圆周运动而是做离心运动，即从最高点起做平抛运动，故C错误，符合题意
D.物体做平抛运动，由可得，所以竖直方向上的速度

夹角

所以与地面的夹角不是45°，故D正确，不符合题意。
3、B
【解析】汽车做匀速运动时受力平衡，即F=f，当进入另一路面时，阻力f1＜f，即F＞f1，则汽车做加速运动，速度增加，因功率不变，根据P=Fv得，F减小，则a=减小，当F减小到与f1相等时，汽车做匀速运动，则汽车将做一段时间的加速度减小的加速运动，故ACD错误，B正确；故选B。
点睛：本题考查分析汽车运动过程的能力，要抓住汽车的功率P=Fv，在功率一定时，牵引力与速度成反比，是相互制约的关系．
4、A
【解析】
试题分析：三个篮球都垂直击中篮筐，其逆过程是平抛运动，设任一篮球击中篮筐的速度v，上升的高度为h，水平位移为x．则有：x=vt，h=gt2，则得：，h相同，则v∝x，则得v1＞v2＞v1．故A正确，B错误．根据速度的分解有：，t相同，v1＞v2＞v1，则得θ1＜θ2＜θ1．故CD错误．故选A．
考点：平抛运动
5、D
【解析】
根据万有引力公式，质量分布均匀的球体间的距离指球心间距离，故两球间的万有引力

A. 与分析不符，故A项错误；
B. 与分析不符，故B项错误；
C. 与分析不符，故C项错误；
D. 与分析相符，故D项正确。
6、BCD
【解析】平抛运动的物体只受重力，加速度为g，做匀变速曲线运动，故A正确B错误；平抛运动的物体水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，则有，得，可知飞行时间只取决于初始位置的高度，与初速度的大学小无关，CD错误．
7、ACD
【解析】
试题分析：根据动量定理，动量的变化等于合外力对物体的冲量，在这里物体受到的合外力就是重力，因此相等时间内，合外力的冲量相等，因此动量变化量相同，A正确；在向下运动的过程中，竖直速度越来越大，因此相同时间内重力做功越来越快，因此相等时间内动能变化时都会越来越快，B错误；动量对时间的变化率就是合外力，因此两物体落地时动量对时间的变化率相同，C正确；落地时，两个物体竖直速度相等，因此重力的功率相等，D正确．
考点：动量定理，功率
此题是对动量定理 功率概念的考查；解题的关键是理解动量定理和动能定理；要知道相等时间内动量的变化量等于合外力的冲量，动量的变化率等于合外力；求解重力的功率时应该注意是重力与竖直速度的乘积.
8、AD
【解析】
A.第一次所加正弦交流电压的有效值为U1＝ U0，A项正确；
B.设第二次所加交流电压的有效值为U2，则根据有效值的定义有，解得U2＝U0，B项错；
CD.根据电功率的定义式P＝ 可知，P1∶P2＝1∶5，C项错、D项正确。
9、AC
【解析】
A.由于后轮轮胎边缘的点与飞轮边缘的点是同轴转动，角速度相同，根据可知后轮轮胎边缘的线速度大于飞轮边缘的线速度，故选项A正确；
B.由于飞轮边缘的点与中轴链轮边缘的点是皮带传动，线速度大小相等，根据可知飞轮的角速度与中轴链轮的角速度大小不一定相等，故选项B错误；
CD.由于链条相连接的飞轮边缘的点与中轴链轮边缘的点是皮带传动，线速度大小相等，根据可知链条相连接的飞轮边缘与中轴链轮边缘的向心加速度大小不一定相等，故选项C正确，D错误。
10、BD
【解析】
ABC.由图可知A球下落的高度为：；
A球与B球在水平方向的位移均为：；
B球下落的高度为：；
根据竖直方向做自由落体运动可得时间为：；
所以A球在空中运动的时间为：；
B球在空中运动时间为：；
由水平方向做匀速直线运动，可得B球的初速度为：；
A球的初速度为：；
所以两球的初速度大小之比为，故A，C均错误，B正确.
D.两小落在P点时，A球在竖直方向的分速度为vAy=gtA，B球在竖直方向的分速度为vBy=gtB，根据P=Fvcosθ=mgvy可得两球重力的瞬时功率之比为：；故D正确.

二、实验题
11、（1）B（2）甲
【解析】
（1）明确实验原理和实验步骤，了解具体操作细节即可正确解答本题．
（2）注意通过平行四边形得到的合力与实验测得的之间存在误差，明确什么事实验测量值，什么是理论值即可正确解答．
【详解】
（1）为了使弹簧两次拉橡皮条的效果相同，要求在同一次实验中，O点位置不动，故A错误；测量力的实验要求尽量准确，为了减小摩擦对实验造成的影响，实验中，橡皮条、细绳和弹簧秤应与木板保持平行而且不能直接接触，故B正确；实验中对两弹簧之间的夹角没有具体要求，只要夹角适当，便于作图即可，故C错误；实验中弹簧弹力不能超过最大量程，大小适当即可，对其大小并没有具体要求，故D错误．故选B．
（2）实验测的弹力方向沿绳子方向，由于误差的存在，作图法得到的合力与实验值有一定的差别，故甲更符合实验事实．
12、D
【解析】
分析实验结果发现重物下落过程中减少的重力势能明显大于其增加的动能，则可能的原因是：重物下落过程中，克服各种摩擦阻力做了功，故选D.

三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位
13、 (1) (2) 7.1×105N (3)J
【解析】
（1）在电磁弹射区外，由牛顿第二定律得：
解得
（2）由动能定理得：
解得F牵=7.1×105N
（3）电磁弹射器对飞机做的功为J
则其消耗的能量J
14、 (1) (2) ,
【解析】
（1）由可知
根据牛顿第二定律：
解得：

解得
由
解得
（2）速度最大时：
解得：
由动能定理：
解得：
本题考查的是机车启动的两种方式，即恒定加速度启动和恒定功率启动．要求能对两种启动方式进行动态分析，尤其是恒定功率运动时汽车做加速度减小的加速运动，求解位移只能用动能定理；注意公式p=Fv，p指实际功率，F表示牵引力，v表示瞬时速度．
15、（1）1m/s2；（2）1600J；（3）320J
【解析】
(1)在运动过程中,物体所受到的滑动摩擦力为:

由牛顿第二定律可得物体加速运动的加速度a为

所以加速度：

(2)由运动学公式可得在8 s内物体的位移为:

所以力F做的功为：

(3)由动能定理可得:

所以动能：