2024-2025学年江苏省淮海中学高一物理第二学期期末质量检测试题含解析.doc

2024-2025学年江苏省淮海中学高一物理第二学期期末质量检测试题
注意事项:
1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。
2．答题时请按要求用笔。
3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。
4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。
5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）
1、 (本题9分)如图所示，质量为M的滑槽内有半径为R的半圆轨道，将滑槽放在水平面上，左端紧靠墙壁．一质量为m的物体从半圆轨道的顶端a点无初速度释放，b点为半圆轨道的最低点，c点为半圆轨道另一侧与a等高的点．不计一切摩擦，下列说法正确的是　　

A．m从a点运动到b点过程中，m与M组成的系统机械能守恒、水平方向动量守恒
B．m从a点释放后运动的全过程中，m的机械能守恒
C．m释放后能够到达c点
D．当m首次从右向左到达最低点b时，M的速度达到最大
2、如图所示，细线的一端固定于天花板上的O点，另一端系一质量为m的小球，在水平恒力F的作用下，小球从O点正下方的A点由静止开始运动，恰好能到达B点。小球到达B点时，轻绳与竖直方向的夹角为60°。下列说法正确的是

A．恒力F大于小球受到的重力
B．小球运动到B点时，其所受合力为零
C．小球从A点运动到B点的过程中，它的机械能一直增大
D．小球从A点运动到B点的过程中，它的机械能先增大后减小
3、 (本题9分)从距地面相同高度处，水平抛出两个质量相同的球A和B，抛出A球的初速为，抛出B球的初速为2，则两球运动到落地的过程中
A．重力的平均功率相同，落地时重力的瞬时功率相同
B．重力的平均功率相同，落地时重力的瞬时功率不同
C．重力的平均功率不同，落地时重力的瞬时功率相同
D．重力的平均功率不同，落地时重力的瞬时功率不同
4、 (本题9分)汽车在水平弯道上匀速转弯时，若速度过快，会产生侧滑现象，即漂移，下列关于漂移现象的原因分析中，正确的是（ ）
A．汽车运动中受到了离心力的作用使它产生漂移现象
B．汽车运动中受到合外力方向背离圆心使它产生漂移现象
C．汽车运动中受到合外力为零使它产生漂移现象
D．汽车运动中受到合外力小于所需的向心力使它产生漂移现象
5、 (本题9分)以不同初速度将两个物体同时竖直向上抛出并开始计时，一个物体所受空气阻力可忽略，另一物体所受空气阻力大小与物体速率成正比，下列用虚线和实线描述两物体运动的图像可能正确的是
A． B．
C． D．
6、 (本题9分)关于库仑定律，下列说法正确的是
A．库仑定律和万有引力定律的表达式相似，都是平方反比定律
B．根据 ，当两电荷的距离r趋近于零时，静电力将趋向无穷大
C．库仑定律适用于点电荷，点电荷其实就是体积很小的球体
D．若点电荷 的电荷量大于 的电荷量，则 对 的静电力大于 对 的静电力
7、如图所示，质量为M的小车静止在光滑水平面上，小车A端固定一根轻弹簧，弹簧的另一端连接一个放置在小车上且质量为m的物体C，已知小车底部光滑，弹簧处于压缩状态．弹簧被释放后，物体C被弹出向B端运动，最后与B端粘在一起．下列说法中正确的是(　　)

A．物体C离开弹簧时，小车在向左运动
B．物体C与B端粘在一起之前，小车的运动速率与物体C的运动速率的比值为
C．物体C与B端粘在一起后，与小车一同向右运动
D．整个过程中，小车、物体C及弹簧组成的系统的机械能守恒
8、 (本题9分)如图所示，取稍长的细竹杆，其一端固定一枚小铁钉，另一端用羽毛做一个尾翼，做成A．B两只“飞镖”，将一软木板挂在竖直墙壁上作为镖靶．在离木板一定距离 的同一高度处，将它们水平掷出，不计空气阻力，两只“飞镖”插在靶上的状 态如图所示(侧视图)．则下列说法中正确的是( )

A．A 镖的质量一定比 B 镖的质量大
B．A 镖掷出时的初速度比 B 镖掷出时的初速度大
C．B 镖插入靶时的末速度一定比 A 镖插入靶时的末速度大
D．B 镖的运动时间比 A 镖的运动时间长
9、 (本题9分)如图所示，有两个质量均为m、带电量均为q的小球，用绝缘细绳悬挂在同一点O处，保 持静止后悬线与竖直方向的夹角均为θ= 45°，重力加速度为g，静电力常量为k．则

A．带电小球A在B处产生的电场强度大小
B．带电小球A在B处产生的电场强度大小
C．细绳的长度
D．细绳的长度
10、 (本题9分)如图所示，长为L的轻杆，一端固定一个小球，另一端固定在光滑的水平轴上，使小球在竖直平面内作圆周运动，重力加速度为g。关于小球在过最高点的速度v，下列叙述中正确的是（　　）

A．v由零增大，需要的向心力也逐渐增大
B．小球能在竖直平面内作圆周运动v极小值为
C．当v由逐渐增大时，杆对小球的弹力也逐渐增大
D．当v由逐渐减小时，杆对小球的弹力逐渐减小
11、 (本题9分)两个共点力的大小分别为F1＝6 N，F2＝10 N，则它们的合力可能为(　　)
A．3 N B．5 N C．10 N D．20 N
12、 (本题9分)一质量为1kg的物体从某一高度以6m/s的速度水平抛出。落地时速度大小为10m/s，不计空气阻力，重力加速度g取10m/s2，下列说法正确的是（　　）
A．物体在空中的运动时间为0.8s
B．物体抛出时离地而的高度为3.2m
C．物体抛出点到落地点的水平距离为6m
D．物体运动过程中重力做功的平均功率为40W
二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）
13、（6分） (本题9分)如图所示为探究平行板电容器电容大小决定因素的实验。给电容器充电后与电源断开，即保持电量不变，则： (填“变小”、“变大”或“不变”)

(1)甲图将B板上移，静电计指针偏角_______，电容器的电容________；
(2)乙图将B板左移，静电计指针偏角_______，电容器的电容________；
(3)丙图将电介质插入两板之间，静电计指针偏角_______，电容器的电容________。
14、（10分） (本题9分)为了测量一电压表V的内阻，某同学设计了如图1所示的电路。其中V0是标准电压表，R0和R分别是滑动变阻器和电阻箱，S和S1分别是单刀双掷开关和单刀开关，E是电源。

(1)用笔画线代替导线，根据如图1所示的实验原理图将如图2所示的实物图连接完整______。
(2)实验步骤如下：
①将S拨向接点1，接通S1，调节R0，使待测表头指针偏转到适当位置，记下此时___________的读数U；
②然后将S拨向接点2，保持R0不变，调节___________，使___________，记下此时R的读数；
③多次重复上述过程，计算R读数的平均值，即为待测电压表内阻的测量值。
(3)实验测得电压表的阻值可能与真实值之间存在误差，除偶然误差因素外，还有哪些可能的原因，请写出其中一种可能的原因：___________。
三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）
15、（12分）如图所示，质量为m＝lkg的小物体（可视为质点），以v0＝7m/s的初速度从底端冲上倾角为α＝53°，长度s＝1m的粗糙斜面AB，并恰好在最高点以水平速度vc＝3m/s冲上传送带。传送带正以速度v＝5m/s顺时针转动，其水平长度CD为12m，小物块与传送带之间的动摩擦因数μ＝0.1．小物体从D点平抛，恰好沿P点切线进入口径很小的光滑圆管轨道中，圆心为O，轨道半径R＝1m，且OP与竖直方向的夹角为θ＝60°，Q点为轨道最高点（不计空气阻力，取g＝10m/s2）。求：

（1）小物体与斜面的动摩擦因数μ0；
（2）小物体通过传送带CD所用的时间；
（3）小物体在Q点对圆弧轨道的作用力。
16、（12分） (本题9分)如图所示，小球从竖直放置的四分之一光滑圆弧轨道的b点由静止开始沿轨道下滑，从c端水平飞出，下落到与水平面成30°的斜面上的d点. 已知小球的质量为m，圆弧半径为R，b点和圆心O的连线与水平方向的夹角为30°，重力加速度取g. 求：

（1）小球到c点时所受轨道支持力的大小；
（2）小球从圆弧c处飞出落到斜面d点时的动能；
（3）某同学认为，无论小球以多大速度从c点水平飞出，落到斜面时的速度方向都相同. 你是否同意这一观点？请通过计算说明理由.
17、（12分） (本题9分)轻质弹簧上端固定，下端连接质量m＝3 kg的物块A，物块A放在平台B上，通过平台B可以控制A的运动，如图所示，初始时A、B静止，弹簧处于原长。已知弹簧的劲度系数k＝200 N/m，g＝10 m/s2

（1）若平台B缓慢竖直向下运动直到分离，求A、B一起运动的最大位移；
（2）若平台B由静止开始以a＝5 m/s2竖直向下做匀加速直线，直到分离的过程中，弹簧的弹性势能增加了=0.5625J，求：①A、B一起匀加速运动的时间；②此过程中B对A做的功。
参考答案

一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）
1、D
【解析】
A、m从a点运动到b点过程，m与M组成的系统在水平方向所受合外力不为零，系统在水平方向动量不守恒，在该过程只有重力做功，系统机械能守恒，故A错误；
B、m从a释放后，从a到b过程，只有重力做功，该过程m的机械能守恒，m经过b后初重力做功外，轨道弹力对m做功，m的机械能减少，m的机械能不守恒，故B错误；
C、m第一次到最低点后，M离开墙，系统水平方向动量守恒，当m和M共速时，系统具有动能，因此m的势能必小于mgR，故m不能到达c点，故C错误；
D、m第一次在圆轨道右半侧上滑行过程对M的弹力始终向右下方，有水平向右的分力，因此M始终加速，m从右向左通过最低点b后，M开始减速，故D正确。
故选D。
2、C
【解析】
A.设细线的长度为L．小铁块从A到B的过程，由动能定理得：FLsin60°-mgL（1-cos60°）=0，解得：F=mg＜mg，即恒力F的值小于小球的重力，故A错误。
B.小球运动到B点时，速度为零，合力不为零，故B错误；
CD.恒力一直做正功，由功能关系知，小球的机械能一直增大，故C正确，D错误。
3、A
【解析】
平抛运动的时间由高度决定，与初速度无关，所以两球落地时间相等；高度相等、两球质量相等，重力做功相等；据可得重力的平均功率相同．两球落地时间相等，两球落地时在竖直方向的分速度相等，据，两球落地时重力的瞬时功率相同．故A项正确，BCD三项错误．
4、D
【解析】
当汽车在转弯时速度过快，所需要的向心力就大，当汽车所受的合外力不足以提供向心力时，汽车要做离心运动，使它产生漂移现象，故D正确．故选D.
【点睛】合力大于需要的向心力时，物体要做向心运动；合力小于所需要的向心力时，物体就要远离圆心，做的就是离心运动；合力等于所需要的向心力时，物体就要做匀速圆周运动．
5、D
【解析】
试题分析：竖直上抛运动不受空气阻力，做向上匀减速直线运动至最高点再向下自由落体运动，图象时倾斜向下的直线，四个选项均正确表示；考虑阻力的上抛运动，上升中，随着减小，减小，对应图象的斜率减小，选项A错误．下降中，随着随着增大，继续减小．而在最高点时，，对应图与轴的交点，其斜率应该等于（此时与竖直上抛的最高点相同的加速度），即过交点的切线应该与竖直上抛运动的直线平行，只有D选项满足．故选D．
考点：本题考查了牛顿第二定律、图象的特点、竖直上抛运动状态的判断．
6、A
【解析】库仑定律的表达式为F=k，万有引力定律的表达为F＝G，故两表达式相似，都是平方反比定律，故A正确。当两个点电荷距离趋于0时，两带电体已不能看出点电荷了，该公式F=k不适用了，故电场力并不是趋于无穷大，故B错误。库仑定律适用于点电荷，点电荷并不一定是体积很小的球体，故C错误。两点电荷之间的作用力是相互的，根据牛顿第三定律，无论点电荷q1的电荷量与q2的电荷量大小如何，q1对 q2的电场力大小上总等于q2对 q1电场力。故D错误。故选A。
点睛：解决本题的关键掌握库仑定律的适用范围，以及能看成点电荷的条件，当带电体的形状、大小及电荷的分布状况对它们之间的作用力影响可以忽略时，可以看成点电荷．
7、AB
【解析】
整个系统在水平方向不受外力，竖直方向上合外力为零，则系统动量一直守恒，系统初动量为零，物体离开弹簧时向右运动，根据系统的动量守恒定律得小车向左运动，故A正确；取物体C的速度方向为正方向，根据系统的动量守恒定律得：0=mv-Mv′，得物体与B端粘在一起之前，小车的运动速率与物体C的运动速率之比，故B正确；当物体C与B端粘在一起时，整个系统最终的速度相同，根据系统的动量守恒定律得：0=（M+m）v″，v″=0，系统又处于静止状态，故C错误；物块C与B碰后要粘在一起，则损失机械能，则整个过程中，小车、物体C及弹簧组成的系统的机械能不守恒，选项D错误。
8、BD
【解析】
平抛运动的规律与物体的质量无关，所以不能判断AB质量的关系，故A错误；根据知，B下降的高度大，则运动的时间长，根据x=v0t知，水平位移相同，则A的初速度大于B的初速度，故BD正确；由于A的初速度大于B的初速度，所以不能判断出B镖插入靶时的末速度一定比 A 镖插入靶时的末速度大，故C错误．所以BD正确，AC错误．
9、AC
【解析】
AB．设右侧小球所受电场力为F，对右侧小球受力分析，由平衡条件可得：、，解得：；据可得，带电小球A在B处产生的电场强度大小．故A项正确，B项错误．

CD．设绳长为L，据库仑定律可得：，解得：．故C项正确，D项错误．
10、AC
【解析】
A.根据牛顿第二定律可知

所以v由零增大，需要的向心力也逐渐增大，故A正确；
B.在最高点当杆产生的向上的支持力等于小球的重力时，此时合力最小，则速度也达到最小，所以最小速度等于零，故B错误；
CD.在最高点时，杆可以给小球施加拉力或支持力，当为时，重力提供向心力，杆对小球无力的作用；当大于时，杆对小球施加的拉力与重力同向，合力提供向心力；当v由逐渐增大时，向心力 则杆对小球的弹力也逐渐增大，故C正确，D错误
11、BC
【解析】
两力合成时，合力范围为：|，代入数据得：，故选BC．
【点睛】两力合成时，合力随夹角的增大而减小，当夹角为零时合力最大，夹角180°时合力最小，并且
12、ABD
【解析】
A.根据平行四边形定则知，物体落地的竖直分速度，则物体在空中运动的时间；故A正确.
B.物体离地面的高度；故B正确.
C.物体抛出点到落地点的水平距离x＝v0t＝6×0.8m＝4.8m；故C错误.
D.物体运动过程中重力做功的功率；故D正确.

二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）
13、变大 变小 变大 变小 变小 变大
【解析】
(1)[1][2]甲图将B板上移，即两极板正对面积减小，根据电容的决定式得知，电容C变小，而电容器的电量Q不变，由电容的定义式分析得到，板间电势差U变大，即静电计指针偏角变大；
(2)[3][4] 乙图将B板左移，即板间距离d增大，根据电容的决定式得知，电容C变小，而电容器的电量Q不变，由电容的定义式分析得到，板间电势差U变大，即静电计指针偏角变大；
(3)[5][6] 丙图将电介质插入两板之间，根据电容的决定式得知，电容C增大，而电容器的电量Q不变，由电容的定义式分析得到，板间电势差U变小，即静电计指针偏角变小。
14、见解析 标准电压表 R 标准电压表仍为U 电阻箱阻值不连续，电流通过电阻发热导致电阻阻值发生变化，电源连续使用较长时间，电动势降低，内阻增大等。
【解析】
(1)[1]．根据电路图连接的实物图如图所示；

(2)①[2]．将S拨向接点1，接通S1，调节R0，使待测表头指针偏转到适当位置，记下此时标准电压表V0 的读数U；
②[3] [4]．然后将S拨向接点2，保持R0不变，调节电阻箱R的阻值，使标准电压表V0的示数仍为U，记下此时R的读数；
(3)[5]．实验测得电压表的阻值可能与真实值之间存在误差，除偶然误差因素外，还有哪些可能有：由于电阻箱的阻值不具有连续性，可能导致电阻箱的阻值与待测电压表之间存在着一定的误差；另外电流通过电阻发热，导致电阻阻值发生变化；电源连续使用较长时间，导致电动势降低内阻增大等都有可能造成误差。

三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）
15、（1）0.67（2）2.8s（3）60N
【解析】
（1）小物体从B点抛出后做斜抛运动，恰好在最高点进入传送带，所以：
vBcosα＝vC
解得：
vB＝5m/s
小物体从A到B过程中，由动能定理得：

解得
μ0＝0.67
（2）小物体到达传送带后，由牛顿第二定律得：
a=μg＝1m/s2
设小物体加速到传送带的速度所用时间为t1

加速阶段小物体所走的位移

小物体匀速阶段位移
s2＝L﹣s1＝4m
匀速运动时间

小物体通过传送带CD所用的时间
tCD＝t1+t2＝2.8s
（3）小物体到达D后以速度v＝5m/s做平抛运动
在Р点的速度

从Р到Q过程中，由动能定理得：

解得：

在Q点，当小物体对圆弧轨道的作用力为零时，由重力提供向心力得：

解得：

因为

所以在Q点圆轨道对小物体的作用力FN方向竖直向下。
由牛顿第二定律得：

解得：
FN＝60N
由牛顿第三定律知：在Q点小物体对圆弧轨道的作用力方向竖直向上，大小为60N。
16、（1）（2）（3）同意
【解析】
（1）小球从b到c机械能守恒。则：
在C点：
解得：
（2）小球从c到d作平抛运动

由动能定理：
落到斜面d点时的动能
（3）同意
因为

解得，即α角为定值.
17、（1） （2）①t＝ ＝0.17 s ②W＝－0.5625 J
【解析】(1)设AB一起运动的最大位移为x1，对A受力分析有
mg－N1－kx1＝0
A、B分离瞬间N1＝0，解得:
(2)①设AB一起运动的最大位移为x2，对A受力分析有
mg－N2－kx2＝ma
解得:x2＝0.075m
A、B分离瞬间N2＝0，由位移公式有
联立解得:
②弹簧弹力对A做的功
A、B分离时物块A的速度
对A由动能定理有
代入数据得，W＝-0.5625J
【点睛】本题是较为复杂的力学综合题，关键要分析物体的运动过程和状态，选择研究对象，把握每个过程和状态的物理规律．