2025届陕西省咸阳市礼泉县高一下物理期末调研模拟试题含解析.doc

2025届陕西省咸阳市礼泉县高一下物理期末调研模拟试题
注意事项：
1． 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。
2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。
3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。
4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、 (本题9分)光滑水平面上的物体受水平恒力F作用，沿着力的方向发生了位移s．此过程中，以下哪种情况可使物体的动能由10 J增加到30 J？
A．F＝10 N，s＝2 m； B．F＝10 N，s＝4 m；
C．F＝20 N，s＝2 m D．F＝20 N，s＝0.5 m
2、下列运动的物体中，机械能守恒的是（　）
A．加速上升的运载火箭
B．被匀速吊起的集装箱
C．光滑曲面上自由运动的物体
D．在粗糙水平面上运动的物体
3、长为L的木块静止在光滑水平面上。质量为m的子弹以水平速度v0射入木块并从中射出,且出射速度为v1。已知从子弹射入到射出木块移动的距离为s，子弹在木块中受到的平均阻力大小为：

A． B． C． D．
4、 (本题9分)下列说法正确的是（ ）
A．万有引力定律仅对质量较大的天体适用，对质量较小的物体不适用
B．根据公式可知，当趋近于零时，万有引力将趋于无穷大
C．牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许测出了万有引力常量
D．两物体间相互吸引的一对万有引力是一对平衡力
5、关于曲线运动，下列说法正确的是（ ）
A．物体在恒力作用下不可能做曲线运动
B．物体在变力作用下一定做曲线运动
C．做匀速圆周运动的物体任意时刻速度相同
D．做平抛运动的物体在相同时间内速度变化量相同
6、 (本题9分)如图所示，小球在竖直向下的力F作用下，将竖直轻弹簧压缩．将力F撤去，小球将向上弹起并离开弹簧，直到速度为零时为止，则小球在上升过程中
①小球的动能先增大后减小
②小球在离开弹簧时动能最大
③小球动能最大时弹性势能为零
④小球动能减为零时，重力势能最大
以上说法中正确的是（　　）

A．①③
B．①④
C．②③
D．②④
7、 (本题9分)一质量为2 kg的物体,在水平恒定拉力的作用下以某一速度在粗糙的水平面上做匀速运动,当运动一段时间后,拉力逐渐减小,且当拉力减小到零时,物体刚好停止运动,图中给出了拉力随位移的变化的关系图象.则根据以上信息可以精确得出或估算得出的物理量有( )

A．物体与水平面间的动摩擦因数
B．合外力对物体做的功
C．物体匀速运动时的速度
D．物体运动的时间
8、 (本题9分)如图甲为应用于机场和火车站的安全检查仪，用于对旅客的行李进行安全检查．其传送装置可简化为如图乙的模型，紧绷的传送带始终保持v=1m/s的恒定速率运行．旅客把行李无初速度地放在A处，设行李与传送带之间的动摩擦因数μ=0.1，A、B间的距离为1m，g取10m/s1．若乘客把行李放到传送带的同时也以v=1m/s的恒定速率平行于传送带运动到B处取行李，则（ ）

A．乘客与行李同时到达B处
B．行李一直做加速直线运动
C．乘客提前0.5s到达B处
D．若传送带速度足够大，行李最快也要1s才能到达B处
9、 (本题9分)2019年1月3日，嫦娥四号探测器登陆月球，实现人类探测器首次月球背面软着陆。为给嫦娥四号探测器提供通信支持，我国于2018年5月21日成功发射嫦娥四号中继星“鹊桥号”如图所示，“鹊桥号”中继星围绕地月拉格朗日L2点旋转，“鹊桥号”与L2点的距离远小于L2点与地球的距离。已知位于地月拉格朗日Ll、L2点处的小物体能够在地月的引力作用下，几乎不消耗燃料，便可与月球同步绕地球做圆周运动。下列说法正确的是（　　）

A．“鹊桥号”的发射速度大于11.2km/s
B．“鹊桥号”绕地球运动的周期约等于月球绕地球运动的周期
C．同一卫星在L2点受地月引力的合力比在L1点受地月引力的合力大
D．“鹊桥号”若刚好位于L2点，能够更好地为嫦娥四号探测器提供通信支持
10、 (本题9分)质量为m＝2 kg的物体沿水平面向右做直线运动，t＝0时刻受到一个水平向左的恒力F，此后物体的v­t图像如图所示，取水平向右为正方向，g取10m/s2，则(　　)

A．物体与水平面间的动摩擦因数为μ＝0.05
B．10s末恒力F的瞬时功率为6W
C．10s末物体在计时起点左侧4 m处
D．0～10s内恒力F做功的平均功率为0.6W
11、 (本题9分)下列关于平抛运动的说法正确的是(  )
A．平抛运动是匀变速曲线运动
B．平抛运动在相同的时间内速度大小变化相同
C．作平抛运动的物体，初速度越大，运动时间越长
D．作平抛运动的物体的机械能守恒
12、 (本题9分)质量为m的物体，由静止开始下落，由于阻力作用，下落的加速度为，在物体下落h的过程中，下列说法中正确的应是（ ）
A．物体的动能增加了
B．物体的机械能减少了
C．物体克服阻力所做的功为
D．物体的重力势能减少了mgh
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 (本题9分)（1）下图中(1)游标卡尺的读数为________mm，(2)螺旋测微器的读数为________mm．

（2）在使用多用电表测电阻时，以下说法中不正确的是 ____
A．每换一次档位，都必须重新进行电阻调零．
B．使用前须检查指针是否停在“Ω”刻线的“∞”处
C．测量完毕应将选择开关置于“OFF”或交流电压最大档．
D．测量时，若指针偏角较小，应换倍率较小的档位来测量．
14、 (本题9分)在“探究求合力的方法”实验中，现有木板、白纸、图钉、橡皮筋、细绳套和一只弹簧测力计。
（1）为了完成实验，某同学另找来一根弹簧，先测量其劲度系数，得到的实验数据如下表：
弹力F（N）
0.50
1.00
1.50
2.00
2.50
3.00
3.50
伸长量
0.74
1.80
2.80
3.72
4.60
5.58
6.42
根据表中数据作出F－x图象
（________）
并求得该弹簧的劲度系数k＝________N/m；
（2）某次实验中，弹簧测力计的指针位置如图甲所示，其读数为________N；同时利用(1)中结果获得弹簧上的弹力值为2.50 N，请在图乙中画出这两个共点力的合力F合的图示；
（________）

（3）由图得到F合＝________N。
15、做“研究平抛运动”实验中利用钢球从斜面小槽滚下，在竖直的白纸上记录小球经过的位置，然后得到运动轨迹．
（1）实验中除了木板、小球、斜槽、铅笔、图钉、白纸之外，下列器材中还需要的是______，其中器材______是用来调整木板是否竖直，保证小球的轨迹平面与板面平行．（填字母序号）
A、刻度尺
B、秒表
C、天平
D、弹簧测力计
E、重垂线
（2）实验中为减小实验误差，下列做法正确的是______．（填字母序号）
A、斜槽轨道必须光滑
B、斜槽轨道末端必须水平
C、每次释放小球的位置必须相同
D、毎次必须从静止开始释放小球．
三．计算题(22分)
16、（12分） (本题9分)如图甲所示，在高为h的山坡上，发射一颗质量为m的炮弹。炮弹离开炮膛时的初速度大小为v0，方向与水平方向夹角为θ。重力加速度用g表示。

（1）a. 请将初速度v0沿水平方向和竖直方向正交分解，求出水平分量v0x和竖直分量v0y；
b. 在不考虑炮弹在飞行过程中受到空气阻力的情况下，求炮弹从发射直至达到最高点的过程中通过的水平位移x；
（2）实际情况中炮弹在飞行中受到的阻力对炮弹的运动影响很大，假设炮弹所受阻力的大小f满足f=kEk，其中Ek为某时刻炮弹的动能，k为已知的常数，阻力的方向与炮弹运动方向相反，若炮弹的飞行轨迹如图乙中虚线所示，此轨迹不是一条抛物线，且在落地前，炮弹几乎是在竖直方向上匀速运动。求：炮弹从发射到落地过程中由于空气阻力产生的热量Q。
17、（10分）已知“天宫一号”在地球上空的圆轨道上运行时离地面的高度为h。地球半径为R，地球表面的重力加速度为g，万有引力常量为G．求：
（1）“天宫一号”在该圆轨道上运行时速度v的大小；
（2）“天宫一号”在该圆轨道上运行时重力加速度g’的大小；
参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、A
【解析】
据题，物体的动能由10J增加到30J，则物体的动能增加了20J；根据动能定理得，，符合题意，A正确；根据动能定理得，不符合题意，B错误；根据动能定理得，符合题意，C错误；根据动能定理得，不符合题意，D错误．
2、C
【解析】
A．加速向上运动的运载火箭，动能和重力势能都增加，两者之和即机械能必定增加，故A错误；
B．被匀速吊起的集装箱动能不变，而重力势能增加，两者总和即机械能必定增加，故B错误；
C．光滑曲面上自由运动的物体，曲面对物体的支持力不做功，只有重力对物体做功，其机械能守恒，故C正确；
D．在粗糙水平面上运动的物体做减速运动，重力势能不变，而动能减少，两者总和即机械能必定减小，故D错误。
3、D
【解析】
对子弹根据动能定理：，解得，故选D.
4、C
【解析】
万有引力定律仅对大到天体，小到微观粒子都适用，选项A错误；当r趋近于零时，两物体不能看做质点，则万有引力定律不再适用，选项B错误；牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许测出了万有引力常量G，选项C正确；两物体间相互吸引的一对万有引力是一对作用与反作用力，选项D错误；故选C.
5、D
【解析】
A. 物体在恒力作用下也可能做曲线运动，例如平抛运动，选项A错误；
B. 当变力与速度方向共线时，物体在变力作用下也可能做直线运动，选项B错误；
C. 做匀速圆周运动的物体任意时刻速度大小相同，但是方向不一定相同，选项C错误；
D. 做平抛运动的物体加速度恒定为g，则在相同时间内速度变化量均为gT，相同，选项D正确.
6、B
【解析】
试题分析：小球开始受到重力、推力F和弹簧的支持力，三力平衡，撤去推力后，小球先向上做加速度不断减小的加速运动，后做加速度不断变大的减速运动，离开弹簧后做竖直上抛运动，结合功能关系和牛顿第二定律进行分析即可．
解：①将力F撤去小球向上弹起的过程中，弹簧的弹力先大于重力，后小于重力，小球所受的合力先向上后向下，所以小球先做加速运动，后做减速运动，所以小球的动能先增大后减小，故①正确；
②当弹簧的弹力与重力大小相等时，速度最大，动能最大，此时弹簧处于压缩状态，小球还没有离开弹簧．故②错误．
③小球动能最大时，弹簧处于压缩状态，弹性势能不为零，故③错误．
④小球动能减为零时，小球上升到最高点，重力势能最大，故④正确．
故选B．
7、ABC
【解析】
因物体在水平恒定拉力F的作用下做匀速运动,则可知F=Ff,又Ff=μFN,FN=mg,由题意可知F,则物体与水平面间的动摩擦因数可求;因摩擦力是恒力,则摩擦力做的功可求Wf=-μmgs,由题图得出s=12m,F是变力,F做的正功等于图线与坐标轴所围成的图形的面积值,其面积大小可以估算出来(估算方法:可以借鉴“单分子油膜法测分子大小”实验中估算油膜面积的方法),所以合外力对物体做的功可以估算求出;根据动能定理,W合=EK2-EK1,又知EK2=0,则可求EK1,由EK1=,可求出物体匀速运动时的速度;由于物体在4~12m位移内做的是非匀变速运动,故无法求出时间.
8、CD
【解析】
解：A、B、C、由牛顿第二定律，得 μmg=ma得 a=1m/s1．设行李做匀加速运动的时间为t，行李加速运动的末速度为v=1m/s．由v=at1代入数值，得t1=1s，匀加速运动的位移大小为：，匀速运动的时间为： ，行李从A到B的时间为：t=t1+t1=1.5s．
而乘客一直做匀速运动，从A到B的时间为t人==1s．故乘客提前0.5 s到达B．故A、B均错误，C正确；
D、若行李一直做匀加速运动时，运动时间最短．由，解得，最短时间tmin=1s．故D正确．
故选CD．
【点评】
该题考查是的传送带问题，行李在传送带上先加速运动，然后再和传送带一起匀速运动，若要时间最短，则行李一直做匀加速运动．
9、BC
【解析】
A、11.2km/s是卫星脱离地球的引力的第二宇宙速度，“鹊桥”的发射速度应小于11.2km/s，故A不符合题意；
B、根据题意知中继星“鹊桥”绕地球转动的周期与月球绕地球转动的周期相同，故B符合题意；
C、“鹊桥”中继星在的L2点是距离地球最远的拉格朗日点，由Fn=mω2r可知在L2点所受月球和地球引力的合力比在L1点要大，故C符合题意；
D、“鹊桥号”若刚好位于L2点，由几何关系可知，通讯范围较小，并不能更好地为嫦娥四号探测器提供通信支持，故D不符合题意。
10、AD
【解析】
A．由图线可知0～4 s内的加速度：a1=m/s2=2 m/s2，可得：F+μmg=ma1；由图线可知4～10 s内的加速度：a2= m/s2=1 m/s2，可得：F-μmg=ma2；解得：F=3 N，μ=0.05，选项A正确；
B．10 s末恒力F的瞬时功率为P10=Fv10=3×6 W=18 W，选项B错误；
C．0～4 s内的位移x1=×4×8 m=16 m，4～10 s内的位移x2=-×6×6 m=-18 m，故10 s末物体在计时起点左侧x=2 m处，选项C错误；
D．0～10 s内恒力F做功的平均功率为，选项D正确．
11、AD
【解析】
AD.物体受恒力作用下的曲线运动为匀变速曲线运动，平抛运动只受重力作用，是匀变速曲线运动，平抛运动中只有重力做功，因此物体的机械能守恒，故AD正确；
B.平抛运动在相同的时间内速度变化相同（加速度均为g），但速度大小变化不同，故B错误；
C.做平抛运动的物体，在竖直方向为自由落体运动，即，则，即运动时间与下落的高度有关，与初速度无关，故C错误。
12、ACD
【解析】
A.物体所受的合力为

由动能定理可得动能的改变量，合力做功为

所以动能增加，故A正确；
BD.物体下降h,知重力势能减小mgh,动能增加,则机械能减小，故B错误，D正确；
C.因为除重力以外其它力做功等于机械能的变化量，机械能减小，可知物体克服阻力做功为，故C正确；

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、29.8; 0.760; D;
【解析】
欧姆表使用前要进行机械调零，每次换量程要进行欧姆调零．红表笔接电源负极，指针偏角大，说明阻值小，要换小倍率，且重新调零．
【详解】
（1）游标卡尺的读数为:2.9cm+0.1mm×8=29.8mm；
螺旋测微器的读数为：0.5mm+0.01mm×26.0=0.760mm．
（2）每次换量程要进行欧姆调零，故A正确；使用前检查指针是否指在电阻挡的“∞”处，即欧姆调零，故B正确；测量完毕应将选择开关置于“OFF”或交流电压最大档，选项C正确；测量时，若指针偏角较小，应换倍率较大的档位来测量．故D错误；本题选错误的，故选D．
14、 53 2.10 3.3
【解析】
（1）[1][2]．以水平方向为x轴，竖直方向为F轴，建立直角坐标系，然后描点，选尽可能多的点连成一条线，其图线的斜率即为弹簧的劲度系数k，在直线上任取一点，如（6×10－2，3.2），则：
k＝N/m≈53 N/m；

（2）[3][4]．弹簧测力计的读数为2.10 N，设每单位长度为1 N，则合力F合的图示如图所示。

（3）[5]．经测量，合力F合＝3.3 N。
15、AE E BCD
【解析】
考查平抛运动实验，根据实险原理分析可得．
【详解】
(1)．[1] [2] 本实验不需要测小球运动时间，小球质量，不需要测力，所以不需要秒表、天平、弹簧测力计，该实险要测运动位移，要判断竖直坐标轴是否竖直，所以要用刻度尺、重垂线．故AE符合题意，BCD不符合题意．
(2)．[3]
AB．研究同一次平抛运动时，要保证小球离开端口时速度水平，每次大小一样，斜槽轨道末端必须水平，轨道不光滑，每次重力、阻力做功相同，离开端口时的速度大小相等，故
A不符合题意，B符合题意．
CD．每次释放小球的位置必须相同，必须从静止开始释放小球，这样才能保证小球每次离开端口时速度相同．故CD符合题意．
理解实验原理，掌握平抛运动实验常考的知识点：原理，操作步骤、数据处理，计算初速度时，可考虑竖直方向用逐差法求出时间间隔，再求水平初速度．

三．计算题(22分)
16、（1）a. b. （2）
【解析】
解：(1)a、初速度沿水平方向和竖直方向正交分解
则水平分量：
竖直分量：
B、炮弹在竖直方向做竖直上抛运动：
当时，则：
水平方向上的位移：
(2)由题意知，落地时可认为炮弹做匀速直线运动，设末速度为，根据平衡条件可得：
解得：
根据能量守恒得：
17、（1）（2）
【解析】
（1）地球表面质量为m0的物体，有：①
“天宫一号”在该圆轨道上运行时万有引力提供向心力：
②
联立①②两式得：飞船在圆轨道上运行时速度：
（2）根据 ③
联立①③解得：