2019年高考真题——理科数学(全国卷II)-Word版含解析答案.pdf

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1、-1-2019 年普通高等学校招生全国统一考试（全国 II卷）理理科科数数学学注意事项：注意事项：1 1答卷前，考生务必将自己的姓名和准考证号填写在答题卡上答卷前，考生务必将自己的姓名和准考证号填写在答题卡上.2 2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号，回答非选择题时，将答黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号，回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效案写在答题卡上，写在本试卷上无效.3 3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回考试

2、结束后，将本试卷和答题卡一并交回.一、选择题：本题共一、选择题：本题共 1212 小题，每小题小题，每小题 5 5 分，共分，共 6060 分分,在每小题给的四个选项中，在每小题给的四个选项中，只有一项是符合题目要求的只有一项是符合题目要求的.1.设集合，则()065|2xxxA01|xxBBAA.)1,(B.)1,2(C.)1,3(D.),3(答案：A解答：或，.2|xxA3x1|xxB）（1,BA2.设,则在复平面内对应的点位于（）iz23zA.第一象限B.第二象限C.第三象限D.第四象限答案：C解析：，对应的点坐标为,故选 C.i 23z），（2-3-3已知，则（）(2,3)AB uuu

3、 r(3,)ACtuuu r|1BC uuu rAB BCuuu r uuu r-2-A.3B.2C.2D.3答案：C解答：，(1,3)BCACABtuuu ruuu ruuu r，解得，22|1(3)1BCtuuu r3t(1,0)BC uuu r.2AB BCuuu r uuu r42019 年 1 月 3 日嫦娥四号探测器成功实现人类历史上首次月球背面软着陆，我国航天事业取得又一重大成就。实现月球背面软着路需要解决的一个关键技术问题是地面与探测器的通讯联系。为解决这个问题，发射了嫦娥四号中继星“鹊桥”，鹊桥沿着围绕地球月拉格朗日点的轨道运行，点是平衡点，位于地月连线的延长线上。设地球的质

4、量为，月球质量为，地月距离为，点到月球的距离为，根据牛顿运动定律和万有引力定律，满R2Lrr足方程。设。由于的值很小，因此在近似计算中121223()()MMMRrRrrR=rR，则的近似值为（）345323+331（）rA21MRMB212MRMC2313MRMD2313MRM答案：D解答：1211212232222()(1)()(1)MMMMMMRrRrrRRrR-3-所以有2321122222133(1)(1)(1)MMMrRR化简可得，可得。223331221221333(1)3M rMMMRM2313MrRM5.演讲比赛共有 9 位评委分别给出某位选手的原始评分，评定该选手的成绩时，

5、从 9 个原始评分中去掉 1 个最高分、1 个最低分，得到 7 个有效评分。7 个有效评分与 9 个原始评分相比，不变的数字特征是（）A中位数B平均数C方差D极差答案：A解答：由于共 9 个评委，将评委所给分数从小到大排列，中位数是第 5 个，假设为，去掉一头一a尾的最低和最高分后，中位数还是，所以不变的是数字特征是中位数。其它的数字特征都a会改变。6.若，则（）abA.ln()0abB.33abC.330abD.|ab答案：C解答：由函数在上是增函数，且，可得，即.3yxRab33ab330ab7.设为两个平面，则的充要条件是(),/A.内有无数条直线与平行B.内有两条相交直线与平行C.平行

7、符合题意；|2sin|)(xxf2T,42对于 C，函数，周期,不符合题意；xxxfcos|cos)(2T对于 D,函数的周期,不符合题意.|sin)(xxfT-5-10.已知，则（）(0,)22sin2cos21sinA.15B.55C.33D.2 55答案：B解析：，(0,)222sin2cos214sincos2cos 则，所以，12sincostan2212 5cos1tan5所以.25sin1 cos511.设为双曲线的右焦点，为坐标原点，以为直径的F2222:1(0,0)xyCababOOF圆与圆交于两点，若，则的离心率为（）222xya,P Q|PQOFCA.2B.3C.2D.

8、5答案:A解答：-6-，,|PQOFc90POQo又，|OPOQa222aac解得，即.2ca2e 12.已知函数的定义域为，且当时，若xR(1)2()f xf x(0,1x()(1)f xx x对任意的，都有，则的取值范围是（）(,xm 8()9f x mA9(,4B7(,3C5(,2D2(,3答案：B解答：由当，且当时，可知当时，xR(1)2()f xf x(0,1x()(1)f xx x(1,2x，当时，当时，231()2()22f xx(2,3x25()4()12f xx(,1,xn nnZ，函数值域随变量的增大而逐渐减小，对任意的，221()2()22nnf xxn(,xm 都有有解

9、得的取值范围是。8()9f x 23854()1()292mm 73m 二、填空题13.我国高铁发展迅速，技术先进。经统计，在经停某站的高铁列车中，有 10 个车次的正点率为 0.97，有 20 个车次的正点率为 0.98，有 10 个车次的正点率为 0.99，则经停该站高铁列车所有车次的平均正点率的估计值为 .答案：0.98解答：-7-经停该站的列出共有 40 个车次，所有车次的平均正点率的估计值为。10 0.9720 0.98 10 0.990.9840P14.已知是奇函数，且当时,.若，则_.()f x0 x()axf xe(ln2)8fa 答案：3解答：，ln2ln2(ln2)(ln2

10、)()()28aaaffee .3a 15.的内角的对边分别为，若则的面积为ABCCBA,cba,3,2,6BcabABC_.答案：36解析：,21436423coscos222222cccacbcaB3623323421sin21,34,32BacSac16.中国有悠久的金石文化，印信是金石文化的代表之一.印信的形状多为长方体、正方体或圆柱体，但南北朝时期的官员独孤信的印信形状是“半正多面体”（图 1）.半正多面体是由两种或两种以上的正多边形围成的多面体.半正多面体体现了数学的对称美.图 2 是一个棱数为 48 的半正多面体，它的所有顶点都在同一个正方体的表面上，且此正方体的棱长为 1.则该

11、半正多面体共有个面，其棱长为 .(本题第一空 2 分，第二空 3 分.)答案：262-1解析：-8-由图 2 结合空间想象即可得到该正多面体有 26 个面；将该半正多面体补成正方体后，根据对称性列方程求解.三、解答题17.如图，长方体的底面是正方形，点在棱上，1111DCBAABCDABCDE1AA1ECBE（1）证明：平面;BE11CEB（2）若，求二面角的正弦值.EAAE11CECB答案：（1）见解析（2）23解析：（1）证明：平面，平面，11CB1ABBBE1ABB，又，BECB111ECBE 1111CCBECI平面.BE11CEB（2）设底面边长为，高为，1x2122 xBE122

12、1 xEB平面，即，解得.BE11CEB901BEB21212BBEBBE22422xx1x平面，又，平面，故为平面BC11ABBAEBBC1BEEB1EB1BCEEB1的一个法向量.BCE平面与平面为同一平面，故为平面的一个法向量，CEC111ACCA11DBCEC1在中，故与成角，EDB1121111EBEDDBEB111DB60-9-二面角的正弦值为.1CECB2360sin18.11 分制乒乓球比赛，每赢一球得 1 分，当某局打成平后，每球交换发球权，先多10:10得 2 分的一方获胜，该局比赛结束.甲、乙两位同学进行单打比赛，假设甲发球时甲得分的概率为，乙发球时甲得分的概率为，各球的

13、结果相互独立.在某局双方平后，甲0.50.410:10先发球，两人又打了个球该局比赛结束.X（1）求；(2)P X（2）求事件“且甲获胜”的概率.4X 答案：（1）；（2）0.50.06解析：（1）时，有两种可能：2X 甲连赢两局结束比赛，此时；10.5 0.40.2P 乙连赢两局结束比赛，此时，20.5 0.60.3P；12(2)0.5P XPP（2）且甲获胜，即只有第二局乙获胜，其他都是甲获胜，4X 此时.0.5 0.6 0.5 0.40.06P 19.已知数列和满足，.na nb11a01b4341nnnbaa4341nnnabb（1）证明：是等比数列，是等差数列；nnba nnba（2

14、）求和的通项公式.na nb答案：（1）见解析（2），.21)21(nann21)21(nbnn解析：(1)将，相加可得，4341nnnbaa4341nnnabbnnnnnnbababa334411整理可得，又，故是首项为，公比为的等比)(2111nnnnbaba111bannba 121数列.将，作差可得，4341nnnbaa4341nnnabb8334411nnnnnnbababa整理可得，又，故是首项为，公差为的等差211nnnnbaba111bannba 12-10-数列.（2）由是首项为，公比为的等比数列可得；nnba 1211)21(nnnba由是首项为，公差为的等差数列可得；nn

15、ba 1212 nbann相加化简得，相减化简得。21)21(nann21)21(nbnn20.已知函数1()ln1xf xxx(1)讨论函数的单调性，并证明函数有且只有两个零点；()f x()f x(2)设是的一个零点，证明曲线在点处的切线也是曲线0 x()f xlnyx00(,ln)A xx的切线。xye答案：略解答：（1）函数的定义域为，又，所(0,1)(1,)U2211(1)12()0(1)(1)xxfxxxxx 以函数在上单调递增，又，所以在区间(0,1),(1,)221232()0,()011ef ef eee存在一个零点，且，所以在区间上也存(0,1)2223(2)ln230,(

16、)01eff ee(1,)在一个零点，所以函数有且只有 2 个零点；（2）因为是函数的一个零点，所以有。曲线在0 x000012ln111xxxx lnyx处的切线方程为，曲线曲线当切线斜00(,ln)A xx0000112ln11yxxxxxx xye率为时，切点坐标为，切线方程为，化简为01x001(ln,)xx00011(ln)yxxxx，所以曲线在00000000211ln1111121xxyxxxxxxxxxlnyx处的切线也是曲线的切线。00(,ln)A xxxye-11-21.已知点，动点满足直线和的斜率之积为，记(2,0),(2,0)AB(,)M x yAMBM12的轨迹为曲线

17、.MC（1）求的方程，并说明什么曲线；CC（2）过坐标原点的直线交于两点，点在第一象限，轴，垂足为，连结C,P QPPExE 并延长交于点.QECG证明：是直角三角形；PQG求的面积的最大值.PQG答案：见解析解答：(1)由题意得：，化简得：，表示焦点在轴上的1222yyxx 221(2)42xyx x椭圆（不含与x轴的交点）.(2)依题意设，直线的斜率为，则111100(,),(,),(,)P x yQxyG xyPQk(0)k，101010101010,PGGQyyyyyykkxxxxxx，2210221012PGGQyykkxx 又，1111122GQEQyykkkxxx，1PGkk，即

18、PQG是直角三角形.PGPQ-12-直线PQ的方程为，联立，得，(0)ykx x22142ykxxy1212221221xkkyk则直线，21111111111:()kPG yxxyxxkxxxkkkkk 联立直线和椭圆，可得，PGC222221122224(1)2(1)(1)40 x kx kxxkkk则，211024(1)2x kxxk2111012114(1)()222PQGx kSy xxkxk，2222422218()8(1)8(1)1(2)(21)2522()5kkkk kkkkkkkk令，则，1tkk2t，2288812(2)5212PQGttStttt，min19(2)2tt.

19、max16()9PQGS四、选做题（2 选 1）22.选修 4-4（极坐标与参数方程）在极坐标系中，为极点，点在曲线上，直线过点O00(,)M 0(0):=4sinCl且与垂直，垂足为.(4,0)AOMP（1）当时，求及的极坐标方程；030l（2）当在上运动且在线段上时，求点轨迹的极坐标方程.MCPOMP答案：（1），的极坐标方程：；02 3lsin()26（2）点轨迹的极坐标方程为.P=4cos(,)4 2-13-解答：（1）当时，0300=4sin4sin2 33以为原点，极轴为轴建立直角坐标系，在直角坐标系中有，Ox(3,3)M(4,0)A，则直线的斜率，由点斜式可得直线：，化成极

20、坐3OMkl33k l3(4)3yx 标方程为；sin()26（2），则点的轨迹为以为直径的圆，此时圆的直角坐标方lOM2OPAPOA程为，化成极坐标方程为，又在线段上，由22(2)4xy=4cosPOM可得，点轨迹的极坐标方程为.4sin4cos4P=4cos(,)4 2 23.选修 4-5（不等式选讲）已知。()2()f xxa xxxa（1）当时，求不等式的解集；1a()0f x（2）若时，求的取值范围。(,1)x()0f x a答案：略解答：（1）当时，1a 22242(2),()12(1)22(12),242(1).xxxf xxxxxxxxxx所以不等式等价于或或解得不等()0f x 224202xxx22012xx224201xxx式的解集为。2x x（2）当时，由，可知恒成立，当时根据条1a(,1)x()2()(1)0f xax x1a 件可知不恒成立。所以的取值范围是。()0f x a1a-14-

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