安徽省皖中名校2022-2023学年高一下学期期中联考-物理答案A.pdf

1 高一物理（A 卷）参考答案 1.【答案】D【解析】根据nmarmrvmrGMm222，对接后，空间站的运动做匀速圆周运动，则对接后空间站运行过程中角速度，线速度、向心加速度大小不变、组合体由于质量增加万有引力增大。2.【答案】B【解析】当青蛙垂直河岸游动时，在水中运动时间最短，为svdt6.0min青蛙，B 正确；到达河对岸时在出发点的下游位置为mtvx8.1min水，A 错误；若青蛙以最短时间渡河，青蛙保持匀速运动，水流也是以恒定速度流动，则合加速度为匀速直线运动，则青蛙在水中运动的轨迹是一条直线，故 C 错误；由于水流速度小于青蛙在相对于水的运动速度，则青蛙可以垂直游到河对岸，故 D 错误。故选 B。3.【答案】D【解析】如图所示，设0v与地面夹角为，水平方向速度为cos0v，竖直向上速度为sin0v，手雷在空中的飞行时间为gvtsin20，则手雷的水平射程为gvgvtvx2sincossin2cos20200，当 45时，x最大为 40 米。4.【答案】D【解析】A 和 B 线速度相同，B 和 C 的角速度相同，半径比为 4：1：3，有BAvv，CB，由rv，ran2得CBA：为 1：4：4；CBAvvv:为 1：1：3，CBAaaa:为 1：4：12，选项 D 正确，故选 D。5.【答案】B【解析】设 A、B 间没有拉力，由公式20mgmr，得0gr，由题意可知，B 受到的摩擦力会先达到最大静摩擦力，B 物块先达到临界角速度，临界角速度为Lg20，即当转动角速度不超过Lg2时，绳子拉力为 0，故 A 错误，B 正确；设 A 受到的摩擦力为零，对 B 有，LmmgT22，对 A 有LmT2，得Lg，故 C、D 错误。故选 B。6.【答案】C【解析】把小红的速度分解为垂直于树干的速度 v1和沿树干的速度 v2，如图。2 则 v1vcos，此时手与树苗接触点的位置到 O 点距离为 Rcosh，v1R，联立解得：v2cosh，故 C 正确。7.【答案】C【解析】由221gtbh得gbht)(2，B 正确，在 A 点，竖直方向速度)(2bhggtvy，由速度分解可得水平速度tan)(2tan0bhgvvy，击中阵地是合速度为cos)(2cosbhgvy，A 正确，C 错误；炸弹水平位移大小为tvx0，竖直位移为bhy，由勾股定理可得投弹点 B 距阵地 A 的直线距离为222tan)(4)(bhbha，D 正确；故选 C。8.【答案】CD【解析】小磁铁脱落后做平抛运动，A 错误；小磁铁平抛运动水平距离为 x=ghnR22，B 错误；小磁铁恰好从风扇上脱落时速度方向沿切线方向，与扇叶垂直，C 正确；恰好脱落时，向心力等于最大静摩擦力，RnmF2)2(，得mRnF224，D 正确；故选 CD。9.【答案】CD【解析】平衡块到达最高点时，对平衡块分析2+F mgmR，2()FmRg，若增大平衡块的质量，则平衡块受到向下的拉力增大，则平衡块对轮毂向上的拉力增大，A 错误；平衡块到达最高点时，平衡块对轮毂的力在竖直方向，仅调整平衡块质量，只能改变车轴竖直方向的受力，不能改变车轴水平方向的受力，B 错误；平衡块到达最低点时，根据牛顿第二定律2NFmgmR解得2NFmgmR，平衡块处于超重状态，C 正确；平衡块到达与转轴等高的位置时，水平方向根据牛顿第二定律21FmR；竖直方向，根据平衡条件2F=mg受到轮毂的作用力为2242212FFFmRg合，D 正确。故选 CD。10.【答案】BD【解析】设两恒星质量为1m和2m，轨道半径为1r和2r，有121221rmLmGm，222221rmLmGm，21rrL，联立可得：GLmm3221，T2，所以质量之和可以求解；2211rvrv，可得：Lrrvv)(2121，速率之和可以求解。质量之比和各自的角速度无法求解。故选 BD。3 11.（8 分，每空 2 分）【答案】（1）B （2）AB （3）gL2；1.0m/s【解析】（1）重锤线用来调整后面板是否竖直放置，其他仪器不需要。故选 B。（2）小球必须每次从斜槽上同一位置由静止开始释放，斜槽末端必须水平，保证每次做平抛运动的初速度相同，故 AB 正确；无论斜槽是否光滑，只要小球每次从斜槽上同一位置由静止开始释放，就能获得相同的初速度，则斜槽是否光滑对实验没有影响，故 C 错误；图甲中档板 N 每次不是必须等间距下移，D 错误。故选 AB。（3）由图乙可知，小球两点间的水平位移相等，则两点间的时间间隔相等，设相邻两点间的时间间隔为T，竖直方向上，由逐差法2xaT 可得2lgT水平方向上，由0 x vt可得02lv T，则小球平抛的初速度的计算式为02vgl代入数据解得01.0vm s。12.（8 分，每空 2 分）【答案】（1）td；金属块到转轴间的距离（转动半径，意思对即可得分）（2）B；质量 m 和转动半径 r 一定的情况下，向心力与角速度平方成正比。（其他合理答案也给分）【解析】（1）挡光片的宽度为d，经过光电门的遮光时间为t，可以求得tdv，又有rv，可以测出角速度，因此需要测量金属块到转轴间的距离（意思对即可得分）；（2）在保持金属块质量m和转动半径r一定的情况下，测出不同情况下的F值，拟合出的2F图像为过原点的直线，据此可得出结论：质量m和转动半径r一定的情况下，2F。故选 B。13.（10 分）【解】（1）设地球半径为 R，地球质量为 M，卫星 A 的质量为 m，有 RmRGMm212（2 分）得GRM321（1 分）地球体积为334RV（1 分）所以密度为GVM4321（1 分）（2）当 A 和 B 转过得圆心角相差为时，第一次相距最远有 tt21（2 分）得21t（2 分）4 即至少经过时间21，A、B 相距最远。（1 分）14.（12 分）【解】（1）小物块在水平面上做圆周运动，对小物块受力分析得：sintan20Rmmg（2 分）代入数据得：Rg350（2 分）（2）当=k0且k1 时，所需要的nF变大，物块将要做离心运动，但小物块仍然相对内壁静止，故摩擦力的方向沿内壁向下，受力分析得：sinsincos2RmNf（1 分）mgfNsincos（1 分）解得220122025mkRmgf（1 分）将数据代入得到：5)1(42mgkf，方向沿内壁向下（1 分）（3）当=k0，且 0k1，所需要的nF变小，物块将要做近心运动，但小物块仍然相对内壁静止，故摩擦力的方向沿内壁向上，受力分析得：sincossin2RmfN（1 分）mgfNsincos（1 分）解得220201225mgmkRf（1 分）将数据代入得到：5)1(42mgkf，方向沿内壁向上。（1 分）15.（16 分）【解】（1）设石块恰好击中城墙顶部时，石块从 P 点飞出时速度为0v，时间为t 有tvS0，（2 分）221gtHhL（2 分）在 P 点受力分析得：LvmmgFN20（2 分）5 联立解得：NFN41065.2，根据牛顿第三定律知：石块从 P 点飞出时对半球形凹槽的压力大小为NFN41065.2。（2 分）（2）设石块恰好击中城门顶部时，石块从 P 点飞出时速度为1v，时间为1t，有11tvS，2121gtL（2 分）得smsmv523301（1 分）设石块恰好击中城门底部时，石块从 P 点飞出时速度为2v，时间为2t 有22tvS，2221gthL，得（2 分）smv452（1 分）若要石块能击中城门，则石块从 P 点飞出时的速度大小应满足smvsm5245（2 分）