高中物理选修3-1期末考试复习题(含答案版).doc

2018学年高中物理选修3-1期末考试复习题
一、单选题(共10小题)
1.如图所示，点电荷A、B固定且带有等量同种电荷，将第三个点电荷C放在A、B连线中点恰好处于平衡状态．现将B缓慢地沿A、B连线远离A移动，则C的运动情况是(　　)
A． 靠近A移动
B． 远离A移动
C． 仍然不动
D． 可能靠近，也可能远离A移动
1.【答案】D
【解析】若C与A、B的电性相反，则C受到A、B的库仑引力大小相等、方向相反，当B向右移动时，B对C的库仑引力减小，故C所受A、B的库仑力的合力向左，即靠近A移动．若C与A、B电性相同，则C受到A、B的库仑斥力大小相等、方向相反，当B向右移动时，B对C的库仑斥力减小，故C所受库仑斥力的合力沿连线向右，即C远离A移动．
2.某实物投影机有10个相同的强光灯L1～L10(24 V,220 W)和10个相同的指示灯X1～X10(220 V,2 W)，将其连接在220 V的交流电源上，电路如图所示，若工作一段时间后L2灯丝烧断，则(　　)
A． X1的功率减小，L1的功率增大
B． X1的功率增大，L1的功率增大
C． X2的功率增大，其他指示灯的功率减小
D． X2的功率减小，其他指示灯的功率增大
2.【答案】C
【解析】若L2灯丝烧断，电路的电阻值变大，电流变小，除X2两端电压变大外，其他电压变小，故选C.
3.如图所示，用多用电表测量直流电压U和测电阻R，若红表笔插入多用电表的正(＋)插孔，则(　　)
A． 前者电流从红表笔流入多用电表，后者电流从红表笔流出多用电表
B． 前者电流从红表笔流入多用电表，后者电流从红表笔流入多用电表
C． 前者电流从红表笔流出多用电表，后者电流从红表笔流出多用电表
D． 前者电流从红表笔流出多用电表，后者电流从红表笔流入多用电表
3.【答案】B
【解析】题图中所示是多用电表的示意图，无论是测电压U还是测电阻R，电流都是从红表笔流入多用电表，从黑表笔流出多用电表，选项B正确．
4.如图所示电路中，两灯均不亮，已知电路中只有一处故障，且除两个灯泡外其余部分均完好，在不拆开电路的情况下，某同学用一根导线去查找电路的故障，他将导线先并接在灯L1两端，发现L2亮，L1不亮，然后将导线并接在灯L2两端，发现两灯均不亮，由此可判断(　　)
A． 灯L1断路B． 灯L1短路
C． 灯L2断路D． 灯L2短路
4.【答案】A
【解析】两灯均不亮说明有断路或者短路情况．因为将导线先并接在灯L1两端，发现L2亮，L1不亮，则L2完好，如果仅是L1短路，那么开始时灯L2就会亮，则一定是灯L1断路，A对．
5. 在如图所示的四种电场中，分别标记有a、b两点．其中a、b两点电场强度大小相等、方向相反的是(　　)

A． 甲图中与点电荷等距的a、b两点
B． 乙图中两等量异种电荷连线的中垂线上与连线等距的a、b两点
C． 丙图中两等量同种电荷连线的中垂线上与连线等距的a、b两点
D． 丁图中非匀强电场中的a、b两点
5.【答案】C
【解析】甲图中与点电荷等距的a、b两点，场强大小相同，方向不相反，A错；对乙图来说，根据电场线的疏密及对称性可判断，b点和a点场强大小、方向均相同，B错；丙图中两等量同种电荷连线的中垂线上与连线等距的a、b两点，场强大小相等、方向相反，C对；对丁图来说，根据电场线的疏密可判断，b点的场强大于a点的场强，D错．
6.如图所示，ab是一弯管，其中心线是半径为R的一段圆弧，将它置于一给定的匀强磁场中，方向垂直纸面向里．有一束粒子对准a端射入弯管，粒子的质量、速度不同，但都是一价负粒子，则下列说法正确的是(　　)
A． 只有速度大小一定的粒子可以沿中心线通过弯管
B． 只有质量大小一定的粒子可以沿中心线通过弯管
C． 只有质量和速度乘积大小一定的粒子可以沿中心线通过弯管
D． 只有动能大小一定的粒子可以沿中心线通过弯管
6.【答案】C
【解析】由R＝可知，在相同的磁场，相同的电荷量的情况下，粒子做圆周运动的半径决定于粒子的质量和速度的乘积
7.关于等势面，下列说法正确的是(　　)
A． 等势面上各点电荷受力不一定相同
B． 同一等势面上的各点场强大小必定相等
C． 电荷所受静电力的方向必和该点等势面垂直，并指向电势升高的方向
D． 电荷从电场中一点移到另一点，静电力没做功，电荷必在同一等势面上移动
7.【答案】A
【解析】等势面的疏密程度反映场强的大小，同一等势面，场强不一定相等，同一电荷受力不一定相同，故A正确，B错误；正电荷的受力方向与等势面垂直并指向电势降低的地方，负电荷受力方向相反，故C错误；电场力不做功，说明这两点电势相等，并不代表电荷在同一等势面上移动，故D错误．
8.如图所示的电路中，电源的电动势E和内阻r一定，A、B为平行板电容器的两块正对金属板，R1为光敏电阻．当R2的滑动触头P在a端时，闭合开关S，此时电流表A和电压表V的示数分别为I和U.以下说法正确的是(　　)
A． 若仅将R2的滑动触头P向b端移动，则I不变，U增大
B． 若仅增大A、B板间距离，则电容器所带电荷量增加
C． 若仅用更强的光照射R1，则I增大，U增大，电容器所带电荷量增加
D． 若仅用更强的光照射R1，则U变化量的绝对值与I变化量的绝对值之比不变
8.【答案】D
【解析】滑动变阻器处于含容支路中，相当于导线，所以移动滑动触头，I不变，U不变．故A错误．
将A、B两板间的距离拉大，电容C减小，U不变，故Q＝CU减小．故B错误．
用更强的光线照射R1，R1的阻值变小，总电阻减小，电流增大，内电压增大，外电压减小，即U减小，U的变化量的绝对值等于内电压的增加量，＝r不变，故C错误，D正确．
9.三个电阻R1、R2、R3，按如图所示连接，已知R1＞R2＞R3，则哪两点间的电阻最小(　　)
A．A与B两点间 B．A与C两点间
C．B与C两点间 D． 无法判断
9.【答案】B
【解析】A、B间的电阻：RAB＝①
A、C间的电阻：RAC＝②
B、C间的电阻：RBC＝③
据R1＞R2＞R3，①②③三个表达式中分子R3(R1＋R2)最小，则A、C间的电阻最小，故B正确．
10.如图所示，是一个理想边界为PQ、MN的匀强磁场区域，磁场宽度为d，方向垂直纸面向里．一电子从O点沿纸面垂直PQ以速度v0进入磁场．若电子在磁场中运动的轨道半径为2d.O′在MN上，且OO′与MN垂直．下列判断正确的是(　　)
A． 电子将向右偏转
B． 电子打在MN上的点与O′点间的距离为d
C． 电子打在MN上的点与O′点间的距离为d
D． 电子在磁场中运动的时间为
10.【答案】D
【解析】电子带负电，进入磁场后，根据左手定则判断可知，所受的洛伦兹力方向向左，电子将向左偏转，轨迹如图所示，A错误；

设电子打在MN上的点与O′点间的距离为x，则由几何知识得：
x＝r－＝2d－＝(2－)d，故B、C错误；
设轨迹对应的圆心角为θ，由几何知识得：sinθ＝＝0.5，得θ＝.则电子在磁场中运动的时间为t＝＝，故D正确．

二、多选题(共10小题)
11.(多选)关于电场线的特征，下列说法中正确的是(　　)
A． 如果某空间中的电场线是曲线，那么在同一条电场线上各处的场强不相同
B． 如果某空间中的电场线是直线，那么在同一条电场线上各处的场强相同
C． 如果空间中只存在一个孤立的点电荷，那么这个空间中的任意两条电场线相交；如果空间中存在两个以上的点电荷，那么这个空间中有许多电场线相交
D． 电场中任意两条电场线都不相交
11.【答案】AD
【解析】电场线的切线方向表示该点场强方向，所以电场线是曲线的话，切线方向表示场强方向一直在变，A正确，B错误；因为电场中某点的场强方向是唯一的，所以两条电场线不能相交，C错误，D正确．
12.(多选)2015年9月7日早上，广东广州电闪雷鸣，一名40多岁的女子给晨跑的儿子送伞时，不料遭遇雷击，胸口被烧伤．如何防范雷击再次成为公众关心的话题．假如在户外我们遭遇雷电，下列防雷措施可行的是(　　)
A． 在大树下避雷雨 B． 停留在山顶、山脊的凉亭等地方避雷雨
C． 不要快速开摩托、快骑自行车和在雨中狂奔 D． 在空旷地带，最好关掉手机电源
12.【答案】CD
【解析】表面具有突出尖端的导体，在尖端的电荷分布密度很大，使得其周围电场很强，就可能使其周围的空气发生电离而引发尖端放电．因此不要在大树下避雨；别停留在山顶、山脊的凉亭等地方；快速开摩托、快骑自行车和在雨中狂奔，身体的跨步越大，电压就越大，雷电也越容易伤人；在空旷地带使用手机通话，手机很有可能成为闪电的放电对象．
13.(多选)如图所示，在半径为R的圆形区域内，有匀强磁场，磁感应强度为B，方向垂直于圆平面(未画出)．一群比荷为的负离子体以相同速率v0(较大)，由P点在圆平面内向不同方向射入磁场中，发生偏转后，又飞出磁场，则下列说法正确的是(不计重力)(　　)
A． 离子飞出磁场时的动能一定相等
B． 离子在磁场中运动半径一定相等
C． 由Q点飞出的离子在磁场中运动的时间最长
D． 沿PQ方向射入的离子飞出时偏转角最大
13.【答案】BC
【解析】离子进入磁场后受到洛伦兹力作用，因洛仑兹力方向始终与离子的速度方向垂直，对离子不做功，故离子在磁场中运动时动能保持不变，但各离子的质量不一定相等，所以动能不一定相等，故A错误；
由Bqv＝m可知，r＝，因离子的速率相同，比荷相同，故离子的运动半径一定相等，故B正确；
由圆的性质可知，轨迹圆与磁场圆相交，当轨迹圆的弦长最大时偏向角最大，而轨迹圆弦长最长为PQ，故由Q点飞出的离子在磁场中运动的时间最长，故C正确；
由C的分析可知，由Q点飞出的粒子偏转角最大，而由Q点飞出的离子一定不是沿PQ方向射入的，故D错误．

14.(多选)下列关于逻辑电路的说法中正确的是(　　)
A． 如果一个事件的几个条件都满足后，该事件才能发生，这种关系叫“与”逻辑关系
B． 如果几个条件中，只要有一个条件得到满足，某事件就会发生，这种关系叫“与”逻辑关系
C． 一个门上有三把钥匙，每把钥匙都能单独开门，它体现了“或”逻辑关系
D． 输出状态和输入状态相反的逻辑关系，叫做“或”逻辑关系
14.【答案】AC
【解析】如果一个事件的发生，需要同时满足几个条件，那么这种关系是“与”逻辑关系；如果一个事件的发生满足一个条件即可，这种关系是“或”逻辑关系；输出状态和输入状态相反的逻辑关系，叫做“非”逻辑关系．所以应选择A、C.

15.(多选)如图所示，一根通电的直导体放在倾斜的粗糙斜面上，置于图示方向的匀强磁场中，处于静止状态.现增大电流，导体棒仍静止，则在增大电流过程中，导体棒受到的摩擦力的大小变化情况可能是(　　)
A． 一直增大
B． 先减小后增大
C． 先增大后减小
D． 始终为零
15.【答案】AB
【解析】　若F安＜mgsinα，因安培力向上，则摩擦力向上，当F安增大时，Ff减小到零，再向下增大，B对，C、D错；若F安＞mgsinα，摩擦力向下，随F安增大而一直增大，A对.
16.(多选)如图所示，在一单边有界磁场的边界上有一粒子源O，沿垂直磁场方向，以相同速率向磁场中发出了两种粒子，a为质子(H)，b为α粒子(He)，b的速度方向垂直磁场边界，a的速度方向与b的速度方向夹角为θ＝30°，两种粒子最后都打到了位于磁场边界位置的光屏OP上，则(　　)
A．a、b两粒子转动周期之比为2∶3
B．a、b两粒子在磁场中运动时间之比为2∶3
C．a、b两粒子在磁场中转动半径之比为1∶2
D．a、b两粒子打到光屏上的位置到O点的距离之比为1∶2
16.【答案】BC
【解析】根据周期公式T＝知：a与b的质量之比为1∶4，电荷量之比为1∶2，则周期之比为Ta∶Tb＝1∶2，故A错误；

a粒子运动轨迹对应的圆心角为θa＝240°，运动时间ta＝Ta＝Ta，b粒子运动轨迹对应的圆心角为θb＝180°，运动时间tb＝Tb，
则两粒子在磁场中运动的时间之比为ta∶tb＝2∶3，故B正确；
由r＝，v相等，则知a、b两粒子在磁场中转动半径之比为ra∶rb＝1∶2，故C正确；
a、b两粒子打到光屏上的位置到O点的距离分别为：sa＝2racos 30°＝ra，
sb＝2rb，则sa∶sb＝∶4，故D错误．

17.(多选)为监测某化工厂的污水排放量，技术人员在该厂的排污管末端安装了如图所示的流量计．该装置由绝缘材料制成，长、宽、高分别为a、b、c，左右两端开口．在垂直于上下底面方向加磁感应强度大小为B的匀强磁场，在前后两个内侧面分别固定有金属板作为电极．污水充满管口从左向右流经该装置时，电压表将显示两个电极间的电压U.若用Q表示污水流量(单位时间内排出的污水体积)，下列说法中正确的是(　　)
A． 前表面比后表面电势高
B． 前表面比后表面电势低
C． 污水中离子浓度越高电压表的示数将越大
D． 污水流量Q与U成正比，与a、b无关
17.【答案】BD
【解析】正负电荷从左向右移动，根据左手定则，正电荷所受的洛伦兹力指向后表面，负电荷所受的洛伦兹力指向前表面，所以后表面电极的电势比前表面电极电势高，故A错误，B正确．
最终稳定时，电荷受洛伦兹力和电场力平衡，有qvB＝q，U＝Bbv，电压表的示数U与v成正比，与浓度无关，故C错误．
污水的流量Q＝vS＝vbc＝，与电压表的示数U成正比，与a、b无关，故D正确．
18.(多选)关于磁通量的概念，下列说法正确的是(　　)
A． 磁感应强度越大的地方，穿过线圈的磁通量也越大
B． 穿过线圈的磁通量为零时，该处的磁感应强度不一定为零
C． 磁感应强度越大，线圈面积越大，穿过线圈的磁通量也越大
D． 穿过线圈的磁通量的大小可用穿过线圈的磁感线的条数来衡量
18.【答案】BD
【解析】在磁场中，如果线圈平面和磁场方向垂直，穿过线圈的磁通量最大，如果线圈平面和磁场方向平行，不管磁场多强，也不管线圈面积多大，穿过线圈的磁通量为零，故A、C错误，B正确．穿过线圈的磁通量的大小可以用穿过线圈的磁感线的条数来衡量，判断穿过线圈的磁通量是否变化时，可从穿过线圈的磁感线的条数是否变化来判断，比较具体、形象，D对．
19.(多选)用如图所示的电路测定电池的电动势和内阻，根据测得的数据作出了如图所示的U—I图象，由图象可知(　　)
A． 电池电动势为1.40 V
B． 电池内阻值为3.50 Ω
C． 外电路短路时的电流为0.40 A
D． 电压表的示数为1.20 V时，电流表的示数I′约为0.20 A
19.【答案】AD
【解析】图象与纵坐标的交点为电池的电动势E＝1.40 V；电池内阻r＝Ω＝1 Ω；
根据E＝U＋I′r，代入数据得I′＝＝A＝0.20 A.
20.(多选)如图所示，在水平放置的光滑金属板中心正上方有一带正电的点电荷Q，另一表面绝缘、带正电的金属小球(可视为质点，且不影响原电场)自左以初速度v0在金属板上向右运动，在运动过程中(　　)
A． 小球先做减速后做加速运动
B． 小球做匀速直线运动
C． 小球受到的静电力对小球先做负功，后做正功
D． 小球受到的静电力对小球做功为零
20.【答案】BD
【解析】金属板在Q的电场中达到静电平衡时，金属板是一个等势体，表面是一个等势面，表面的电场线与表面垂直，小球所受电场力与金属板表面垂直，在金属板上向右运动的过程中，电场力不做功，根据动能定理得知，小球的动能不变，速度不变，所以小球做匀速直线运动．故A错误，B正确．由于电场力与小球的速度方向垂直，电场力对小球不做功．故C错误，D正确．

三、实验题(共5小题)
21.（1）在一次实验时某同学用游标卡尺测量（如图所示），示数为cm.在一次实验时某同学用螺旋测微器测量（如图），示数为mm.

（2）某电阻额定电压为3 V（阻值大约为10 Ω）。为测量其阻值，实验室提供了下列可选用的器材：
A：电流表A1（量程300 mA，内阻约1 Ω）B：电流表A2（量程0.6 A，内阻约0.3 Ω）
C：电压表V1（量程3.0 V，内阻约3 kΩ） D：电压表V2（量程5.0 V，内阻约5 kΩ）
E：滑动变阻器R1（最大阻值为10 Ω） F：滑动变阻器R2（最大阻值为1 kΩ）
G：电源E（电动势4 V，内阻可忽略） H：电键、导线若干。
①为了尽可能提高测量准确度，应选择的器材为（只需添器材前面的字母即可）：电流表_______，电压表_________，滑动变阻器________.

②画出该实验电路图.

21.【答案】（1）8.075mm 10.405cm （2）①A C E ②如图所示

【解析】（1）20分度的游标卡尺，精确度是0.05 mm，游标卡尺的主尺读数为104 mm，游标尺上第1个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为1×0.05 mm=0.05 mm，所以最终读数为：104 mm+0.05 mm=104.05 mm=10.405 cm．螺旋测微器的固定刻度为8 mm，可动刻度为7.5×0.01 mm=0.075 mm，所以最终读数为8 mm+0.075 mm=8.075 mm
（2）①根据欧姆定律，流过电阻的最大电流故电流表选A；电阻额定电压为3V则电压表选C即可；为了尽可能提高测量准确度，选择滑动变阻分压式接法，为了方便调节，滑动变阻器选小阻值的E．②即被测电阻为小电阻，选取电流表外接，题目要求为了尽可能提高测量准确度，选择滑动变阻分压式．故电路图如图。

22.“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，提供的实验器材有：
A．小灯泡(额定电压为3.8 V，额定电流约为0.3 A)
B．电流表A (0～0.6 A，内阻约为0.5 Ω) C．电压表V(0～6 V，内阻约为5 kΩ)
D．滑动变阻器R1(0～10 Ω， 2 A) E．滑动变阻器R2(0～100 Ω， 0.2 A)
F．电源(6 V，内阻不计)
G．开关及导线若干
(1)实验中滑动变阻器选________(填“R1”或“R2”)
(2)该同学设计了实验测量电路，通过改变滑动变阻器滑片的位置，使电流表的读数从零开始变化，记录多组电压表的读数U和电流表的读数I.请在图甲中用笔画线代替导线将实验电路连接完整

(3) 该同学根据实验数据作出了如图乙的U－I图象，根据图象可知小灯泡的电阻随着电流的增大而________(选填“增大”“减小”或“不变”)
22.【答案】(1)R1　(2)如图所示　(3)增大

【解析】“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验应该设计成分压电路，滑动变阻器选择阻值范围小的R1.由于小灯泡电阻小，采用电流表外接电路．根据图象可知小灯泡的电阻随着电流的增大而增大．
24.用一节干电池做描绘小灯泡伏安特性曲线的实验，为减小实验误差，方便调节，请在给定的四个电路图和三个滑动变阻器中选取适当的电路或器材，并将它们的编号填在横线上．应选取的电路是________，滑动变阻器应选取________．
A. B. C. D.
E．总阻值15 Ω，最大允许电流2 A的滑动变阻器
F．总阻值500 Ω，最大允许电流2 A的滑动变阻器
G．总阻值1 000 Ω，最大允许电流1 A的滑动变阻器
24.【答案】C　E
【解析】小灯泡电阻较小，伏安法测电阻时，电流表外接，需要小灯泡两端的电压持续变化，滑动电阻器采用分压接法，C正确，滑动变阻器允许通过的最大电流都满足条件，选阻值小的便于实验调节，E正确．

25.为了测定某电池组的电动势和内阻，要求只能一次完成实验电路连接，实验室里只提供了下列器材：
A．待测电池组(电动势约为3 V，内阻约为1 Ω)；
B．电压表V1(量程3 V，内阻约为3 kΩ)； C．电压表V2(量程15 V，内阻约为15 kΩ)；
D．定值电阻R1＝1 Ω； E．定值电阻R2＝5 Ω；
F．滑动变阻器(阻值范围0～10 Ω)； G．滑动变阻器(阻值范围0～100 Ω)；
H．单刀双掷开关一个； I．单刀单掷开关一个，导线若干．
(1)实验需要用到的器材是________(填器材前面的代号)；
(2)根据选择的器材在方框内画出实验电路图；

(3) 实验中需要测量的数据(文字说明并用符号表示)；根据实验测出数据的符号和题中给出数据的符号，写出电源内阻r的表达式．
25.【答案】(1)ABDEHI　(2)
(3)接R1时外电压U1和接R2时外电压U2，r＝
【解析】(1)据题意，从所给的器材中要测量出电源的电动势和内阻，可以用E＝UR＋Ur＝UR＋r测量求出，所给器材有两个已知阻值的定值电阻，可以测量出两个电压值，代入方程可以求出电源电动势和内阻，所以滑动变阻器可以不用，根据电源电动势约为3 V可以确定电压表应选择B，故所需要的器材为ABDEHI.(2)据以上分析，画出实验电路图．.(3)当单刀双掷开关与R1接通，有：E＝U1＋r，当与R2接通，有：E＝U2＋r，联立两式得：r＝.

四、计算题(共5小题)
26.如图所示, 匀强磁场的磁感应强度方向竖直向上，一倾角为α=的光滑斜面上,静止一根长为L=1 m，重G=3 N，通有电流I=3 A的金属棒.求：
（1）匀强磁场的磁感应强度大小；
（2）导体棒对斜面的压力大小.
26.【答案】（1）T（2）6 N
【解析】（1）由左手定则知金属棒受水平向右的安培力，对金属棒进行受力分析，运用合成法，如图:由平衡条件得：F安=BIL=Gtanα则
（2） 由上图，根据三角函数关系知：

27.如图所示，四个电阻阻值均为R，电键S闭合时，有一质量为m，带电量为q的小球静止于水平放置的平行板电容器的中点．现打开电键S，这个带电小球便向平行板电容器的一个极板运动，并和此板碰撞，碰撞过程中小球没有机械能损失，只是碰后小球所带电量发生变化，碰后小球带有和该板同种性质的电荷，并恰能运动到另一极板，设两极板间距离为d，不计电源内阻，求：
（1）电源电动势E多大？
（2）小球与极板碰撞后所带的电量为多少？
27.【答案】（1）（2）
【解析】（1）当S闭合时，电容器电压为U，则：①
对带电小球受力分析得：②
由①②式 解得：③
（2）断开S，电容器电压为U′，则：U′=④
对带电小球运动的全过程，根据动能定理得：q′U′﹣mg⑤
由③④⑤解得：q′=⑥

28. 假设两个电荷量为1 C的点电荷相距r时它们间的静电力大小等于F，如果某两个质量都等于m的质点在相距r时它们的万有引力也等于F，则m约为多少kg？
28.【答案】kg
【解析】两电荷间的静电力为：F=k，
两电荷间的万有引力为：F=G，
得：k=G则有：m==kg．

29.如图所示，光滑斜面(足够长)倾角为37°，一带正电的小物块质量为m，电荷量为q，置于斜面上，当沿水平方向加如图所示的匀强电场时，带电小物块恰好静止在斜面上，从某时刻开始，电场强度变化为原来的，(sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，g＝10 m/s2)求：
(1)原来的电场强度；
(2)小物块运动的加速度；
(3)小物块2 s末的速度和2 s内的位移.
29.【答案】　(1)　(2)3 m/s2，方向沿斜面向下　(3)6 m/s　6 m
【解析】　(1)对小物块受力分析如图所示，小物块静止于斜面上，则mgsin 37°＝qEcos 37°，E＝＝.

(2)当场强变为原来的时，小物块受到的合外力F合＝mgsin 37°－qEcos 37°＝0.3mg，又F合＝ma，所以a＝3 m/s2，方向沿斜面向下.
(3)由运动学公式v＝at＝3×2 m/s＝6 m/s
x＝at2＝×3×22m＝6 m.

30.如图所示的电路中，电阻R1=9 Ω，R2=15 Ω，电源的电动势E=12 V，内电阻r=1Ω，安培表的读数I=0.4 A．求：
（1）流过电阻R1的电流是多少？
（2）电阻R3的阻值是多大？
（3）电阻R3消耗的电功率是多少？
30.【答案】（1）0.6 A （2）30 Ω （3）1.2 W
【解析】（1）R2的电压U2=I2R2=0.4×15 V=6.0 V
根据闭合电路欧姆定律得：U2=E﹣I1（R1+r）
则得流过电阻R1的电流I1==A=0.6 A
（2）流过电阻R3的电流I3=I1﹣I2=（0.6﹣0.4）A=0.2 A
则R3=Ω=30 Ω
（3）电阻R3消耗的电功率是P3=U2I3=6×0.2 W=1.2 W