资源描述
2
025 届高三年级期初阳光调研试卷
物理
注意事项：
.本试卷包含选择题和非选择题两部分、考生答题全部答在答题卡上，答在本试
卷上无效。本次考试时间为 75 分钟，满分值为 100 分。
.答题前，请务必将自己的姓名、准考证号（考试号）用书写黑色字迹的 0.5 毫
米签字笔填写在答题卡上，并用 2B 铅笔将对应的数字标号涂黑.
.答选择题必须用 2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，请
1
2
3
用橡皮擦干净后，再选涂其它答案。答非选择题必须用书写黑色字迹的 0.5 毫米
签字笔写在答题卡上的指定位置，在其它位置答题一律无效。
一、单项选择题：共 11 题，每题 4 分，共 44 分，每题只有一个选项最符合题
意。
1
．如图所示的磁场中，能产生电磁波的是（ꢀꢀ）
A．
B．
C．
D．
2
．由两块不平行的长导体板组成的电容器如图所示．若使两板分别带有等量异种电荷，定
性反映两板间电场线分布的图可能是（ ）
A．
B．
C．
D．
3
．如图为水流导光实验，出水口受激光照射，下方桶中的水被照亮，不计空气阻力，则（ꢀꢀ）
-
A．激光在水和空气中传播的速度大小相等 B．激光在水与空气的界面上发生了全反射
C．水在空中的速度大小均匀变化 D．水在空中的速度方向变化越来越快
．氘核可通过一系列聚变反应释放能量，总的反应效果可用
4
6
2
1
H ®242 He+ x01n+ y11p+43.15MeV
表示，式中 x、y 的值分别为（ꢀꢀ）
B． x =1， y = 3 C． x = 2 ， y = 2 D． x = 3， y =1
．如图所示为三根平行直导线的截面图，若它们的电流大小都相同，方向垂直纸面向里，
且如果 AB = AC = AD ，则 A 点的磁感应强度的方向为（ꢀꢀ）
A． x =1， y = 2
5
A．沿 AB 方向
．如图所示，两个质量相同的小球 A 和 B 之间用轻弹簧连接，然后用细绳悬挂起来，剪断
细绳的瞬间，关于 A 球和 B 球的加速度，下列说法正确的是（ꢀꢀ）
B．沿 AD 方向
C．沿 AC 方向
D．沿 DA 方向
6
A． aB = 0
．如图所示，LC 振荡电路的电流随时间变化的图像。在t = 0时刻，回路中电容器的 M 板
带正电。在某段时间里，回路的电场能在减小，而 M 板仍带正电，则这段时间是（ꢀꢀ）
B． aB = g
C． aA = 0
D． aA = g
7
A．Oa
B．ab
C．bc
D．cd
8
．图中实线为一列简谐横波在某一时刻的波形曲线，经过0.1s 后，其波形曲线如图中虚线
所示。该波的传播速度可能为（ꢀꢀ）
A． x 轴正方向1.5m / s
C． x 轴负方向1.5m / s
B． x 轴正方向
2.5m / s
D． x 轴负方向3.5m / s
9
．如图所示，导线 AB 与CD 平行，在闭合与断开开关S 时，关于导线CD 中的感应电流，
下列说法正确的是（ꢀꢀ）
A．开关闭合时，有C 到 D 的感应电流
B．开关闭合时，有 D 到C 的感应电流
C．开关断开时，有 D 到C 的感应电流
D．开关断开时，无感应电流
1
0．检测球形滚珠直径是否合格的装置如图甲所示，将标准滚珠 a 与待测滚珠 b、c 放置在
两块平板玻璃之间，用单色平行光垂直照射平板玻璃，形成如图乙所示的干涉条纹。若待测
滚珠与标准滚珠的直径相等为合格，下列说法正确的是（ꢀꢀ）
A．滚珠 b、c 均合格
B．滚珠 b、c 均不合格
C．滚珠 b 合格，滚珠 c 不合格
D．滚珠 b 不合格，滚珠 c 合格
1
1．如图，一光滑大圆环固定在竖直平面内，质量为 m 的小环套在大圆环上，小环从静止
开始由大圆环顶端经 Q 点自由下滑至其底部，Q 为竖直线与大圆环的切点。则小环下滑过
程中对大圆环的作用力大小（ꢀꢀ）
A．在 Q 点最大
B．在 Q 点最小
C．先减小后增大
D．先增大后减小
二、非选择题：共 5 题，共 56 分。其中第 13~16 解答时请写出必要的文字说明、
方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案
中必须明确写出数值和单位。
1
2．（1）某同学用多用电表欧姆挡判断发光二极管的正负极，选用×100 挡时，变换表笔与
二极管两极的连接方式，发现电表指针均不偏转：选用
挡（选填“´10 ”或“´1K ”）重新
测试，指针仍不偏转；更换二极管极性后，发现指针偏转，此时与多用电表红色表笔相连的
是二极管 （选填“正极”或“负极”）。
（
（
2）某次选用多用电表量程为50mA 挡测量，指针如图（A）所示，则电流 I =
mA；
3）根据测得数据，绘出伏安特性曲线如图（B）所示，说明该二极管是
元件（选填
“线性”或“非线性”）。
（
4）该同学继续用多用电表测量黑箱内部结构，黑箱面板上有三个接线柱 1、2 和 3，黑箱
内有一个由四个阻值相同的电阻构成的电路。测得 1、2 接线柱之间的电阻为1W ，2、3 接
.5W,
线柱之间的电阻为1.5W 。1、3 线柱之间的电阻为
2
在虚线框中画出黑箱中的电阻连接
方式
。
1
3．某种金属板 M 受到一束频率为g
的紫外线照射时会不停地发射电子，射出的电子具有
不同的方向，速度大小也不相同。在 M 右侧放置一个金属网 N 。如果用导线将 M、N 连起
来，从 M 射出的电子落到 N 上便会沿导线返回 M ，从而形成电流。现在不把 M、N 直接相
连，而按图示那样在 M、N 之间加某一电压，当该电压大于U
时电流表中就没有电流。（已
0
知普朗克常量为 h ，电子电量为 ，质量为 ）则：
e
m
(1)被这束紫外线照射出的电子，最大速度是多少？
(2)金属板 M 的逸出功W 多大？
1
4．如图，一竖直放置的汽缸内密封有一定量的气体，一不计厚度的轻质活塞可在汽缸内无
摩擦滑动，移动范围被限制在卡销 a、b 之间，b 与汽缸底部的距离bc = 10ab ，活塞的面积
为1.0´10-2 m2 。初始时，活塞在卡销 a 处，汽缸内气体的压强、温度与活塞外大气的压强、
温度相同，压强为1.0´105 Pa 。在活塞上施加竖直向下的外力，逐渐增大外力使活塞缓慢到
达卡销b 处（过程中气体温度视为不变），外力增加到 200N 并保持不变。
(1)活塞缓慢到达卡销b 处时密封气体的压强；
(2)求外力增加到 200N 时，卡销b 对活塞支持力的大小。
1
5．一弹射游戏装置竖直截面如图所示，固定的光滑水平直轨道 AB、半径为 R 的光滑螺旋圆
形轨道 BCD、光滑水平直轨道 DE 平滑连接。长为 L、质量为 M 的平板紧靠侧壁 EF 放置，
平板上表面与 DE 齐平。将一质量为 m 的小滑块从 A 端弹射，恰好能通过圆形轨道最高点
C，后滑上平板并带动平板一起运动，滑块已知 R = 0.5m ， L =1.25m ， M = m = 0.1kg ，平
m
1
= 0.6
m
2
板与滑块间的动摩擦因数
，与水平地面间的动摩擦因数为 .滑块视为质点，不计空
气阻力，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度 g =10m/s2
。
(1)求滑块离开弹簧时速度v0 的大小；
(2)若 m2 = 0 ，求平板加速至与滑块共速时系统损耗的机械能；
(3)若 m ¹ 0 ，滑块能够到达木板最右端，求 m 满足的条件。
2
2
xoy
坐标系中，在 x 轴上方有垂直
xoy
平面向里、范围足够大的匀强磁场，
1
6．如图所示的
-q
一质量为 、电荷量为 的粒子在
xoy
平面内运动，某时刻粒子经过 y 轴上 y = a
的 P 点，
m
y
30o ，经过时间t 粒子经过 轴，速度方向与粒子在 P 点速
x
速度方向与
轴正方向夹角为q =
0
度方向相反，不计粒子的重力。
(1)求粒子运动的速度v0 和磁场 I 的磁感应强度大小
B
1
；
x
xoy
平面的匀强磁场 II，使粒子能在
(2)若粒子经过 P 点时，在 轴上方再叠加一个方向垂直
B
磁场中做完整的圆周运动，求匀强磁场 II 的磁感应强度 的大小和方向；
2
xoy
(3)若粒子经过 P 点时，空间内加一方向在
A 2x , y 、C x , y
平面内的匀强电场，粒子在复合场中运动时经
1
过 (
)
(
)两点，如图所示，粒子在 A 点的动能为点动能为 P 点动能的 ，求
0
A
0
c
3
2
C 点的动能为 P 点动能的 ，求电场强度 E 的大小和方向。
3
1
．D
详解】A．A 选项是恒定的磁场，不能产生电磁波，故 A 错误；
【
BC．BC 选项都是均匀变化的的磁场，产生稳定的电场，而稳定的电场不会产生磁场，不能
产生电磁波，故 BC 错误；
D．D 选项是振荡磁场，会产生振荡的电场，电场和磁场交替产生，在空间中传播，形成电
场波，故 D 正确。
故选 D。
2
．C
【
详解】两板分别带有等量异种电荷，根据电势差与电场强度的关系式：
U=Ed
得板间电势差不变，距离越长，电场强度 E 越小，电场线越疏，且电场线与两板是垂直的。
故选 C。
3
．B
c
【
详解】A．光在介质中的速度为v = ，故激光在水中的传播速度小于在空气中的传播速
n
度，故 A 错误；
B．水流导光的原理为光在水中射到水与空气分界面时入射角大于临界角，发生了全反射，
故 B 正确；
C．水在空中做平抛运动，水平速度不变，竖直速度均匀增大，但合速度大小不是均匀增大，
故 C 错误；
D．平抛运动加速度竖直向下，得知速度变化的方向竖直向下，所以任意两段时间内速度变
化方向相同，故 D 错误。
故选 B。
4
．C
【
详解】根据反应前后质量数和电荷数守恒可得
´2 = 2´4 + x + y
6
6
= 2´2 + y
解得
x = 2 ， y = 2
故选 C。
5
．B
【
解析】略
6
．A
【
详解】AB．剪断细绳之前，细绳的拉力为
T=2mg
剪断细线的瞬间，则弹簧的弹力不能突变，则此时 B 的加速度仍为零，即
aB = 0
故 A 正确，B 错误；
CD．A 的加速度为
T
aA = = 2g
m
故 CD 错误。
故选 A。
7
．A
【
详解】在t = 0时刻，回路中电流是零，Oa 时间内电流逐渐增大，可知电容器放电，电容
器的 M 板带正电，说明电流方向沿逆时针从 M 到 C，是正方向。在某段时间里，回路的电
场能在减小，可知电容器在放电，电流逐渐增大，而 M 板仍带正电，说明回路中电流方向
是逆时针方向，因此这段时间是 Oa。
故选 A。
8
．A
【
解析】略
9
．B
【
解析】略
1
0．C
详解】单色平行光垂直照射平板玻璃，上、下玻璃上表面的反射光在上玻璃上表面发生干
【
涉，形成干涉条纹，光程差为两块玻璃距离的两倍，根据光的干涉知识可知，同一条干涉条
纹位置处光的波程差相等，即滚珠 a 的直径与滚珠 b 的直径相等，即滚珠 b 合格，不同的干
涉条纹位置处光的波程差不同，则滚珠 a 的直径与滚珠 c 的直径不相等，即滚珠 c 不合格。
故选 C。
1
1．C
【
详解】方法一（分析法）：设大圆环半径为 R ，小环在大圆环上某处（ P 点）与圆环的作
用力恰好为零，如图所示
设图中夹角为q ，从大圆环顶端到 P 点过程，根据机械能守恒定律
1
mgR(1- cosq) = mv2
2
在 P 点，根据牛顿第二定律
v
2
mg cosq = m
R
联立解得
2
cosq =
3
从大圆环顶端到 P 点过程，小环速度较小，小环重力沿着大圆环圆心方向的分力大于小环所
需的向心力，所以大圆环对小环的弹力背离圆心，不断减小，从 P 点到最低点过程，小环速
度变大，小环重力和大圆环对小环的弹力合力提供向心力，所以大圆环对小环的弹力逐渐变
大，根据牛顿第三定律可知小环下滑过程中对大圆环的作用力大小先减小后增大。
方法二（数学法）：设大圆环半径为 R ，小环在大圆环上某处时，设该处与圆心的连线与竖
直向上的夹角为q
(0 £q £ p )
，根据机械能守恒定律
1
mgR(1- cosq) = mv2 (0 £q £ p )
2
在该处根据牛顿第二定律
v
2
F + mg cosq = m (0 £q £ p )
R
联立可得
F = 2mg -3mg cosq
则大圆环对小环作用力的大小
F = 2mg -3mg cosq
2
根据数学知识可知 的大小在cosq = 时最小，结合牛顿第三定律可知小环下滑过程中对
F
3
大圆环的作用力大小先减小后增大。
故选 C。
2．
1
´1k
负极
45.0
非线性
【
解析】略
2
eU0
m
1
3．(1)v =
(2)W = hn - eU0
1
-
eU0 = 0 - mv2
【
详解】（1）根据题意
2
2
eU0
m
得v =
hg = w + eU0
（
2）根据题意
得W = hn - eU0
4．(1) p2 =1.1´105 Pa
(2) N =100N
1
a
详解】活塞从位置 到 过程中，气体做等温变化，初态
b
p =1.0´105
1
Pa、V = S ×11ab
【
1
末态 p = ?、V = S ×10ab
2
2
根据 pV = p V
2
1
1
2
p =1.1´105 Pa
2
解得
F + p S = p S + N
此时对活塞根据平衡条件
解得卡销b 对活塞支持力的大小 N =100N
5．(1)v0 = 5m / s
1
2
1
(2) DE = 0.625J
(3) m2 > 0.1
mvc
R
2
【
详解】（1）滑块恰好能通过圆形轨道最高点C 时 mg =
1
1
-
2mgR = mv2
-
mv2
B
从滑块离开弹簧到C 过程，根据动能定理
C
2
2
v = 5m / s
0
得
mv = M + m v
(
)
（
2）平板加速至与滑块共速过程，根据动量守恒
B
共
1
1
2
5
D
E = mv2
-
(
M + m v2
)
DE = J = 0.625J
根能量守恒
得
B
共
2
8
m
¹ 0
a
1
a
2
（
3）若
，平板与滑块相互作用过程中，滑块和平板得加速度分别为
和
，
2
a = m g = 6m / s2
1
1
v
2
0
25
x =
1
=
>1.25 = L
若木板不动，滑块则会从木板右侧掉落
，
2
a1 12
m
1
mg < m M + m)g ，得 m > 0.3
(
此时
2
2
v0
x =
2
= L
若木板运动，其相对位移，
2(a
+
)
1
a2
m1mg
- m ( + )
2
M
m g
a2 =
又得 m2 > 0.1
M
综上 > 0.1滑块能够到达木板右侧
m
2
πm
B =
1
1
6．(1)
qt0
πm
3πm
B ³
2
B ³
2
(2)
，方向垂直纸面向里；
，方向垂直纸面向外
2
qt0
2qt0
mπ2a2
(3) E =
，方向沿
+
x
方向
6
qx0t0
2
a
【
详解】（1）半径： r =
，
2
sin30°
p
r
pa
v =
0
=
则：
t0
t0
T
2πm
设粒子的周期T ，则t0 = ，而：T =
，
qB
1
2
πm
B =
1
解得：
qt0
B
2
B
1
r
（
2）有两种情况：①
与
同方向，粒子顺时针转动，设最大半径 ，
1
B + B
r + rsin30° = a
最小，则
对应
1
2
1
1
v
2
0
r
1
πm
qv B + B = m
(
)
B
B ³
2
而
，所以 方向垂直纸面向里，应满足
0
1
2
2
2qt0
B
2
B
1
r
B - B
②
与
反向，粒子逆时针转动，设最大半径 ，对应
最小
2
2
1
r - r cos60° = a
则
2
2
v
2
0
r
2
qv B - B = m
(
)
而
0
2
1
3
πm
B ³
2
B
所以 方向垂直纸面向外时，应满足
2
2qt0
1
3
（
3）粒子从 P 点运动到 A 点过程，由动能定理得 -qU
=
Ekp - EEp
PA
2
粒子从 P 点到C 点运动过程，同理有 -qU
=
EKP - EKP
PC
3
mπ2a2
解得：U
=
,UPA = 2U
PC
PA
2
3
qt0
jA +jP
则：j -j = 2(j -j ),j =
P
A
P
C
C
2
+
x
即C 点电势与 PA 连线中点 D 电势相等，因此电场
方向
U
mπ2a2
E =
PA
=
场强大小
2
x0 6qx0t0
2
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