三高考高考物理试题分项版解析专题曲线运动含解析.docx

专题04曲线运动
【2018高考真题】
1. 某弹射管每次弹出的小球速度相等.在沿光滑竖直轨道自由下落过程中，该弹射管保持水平，先后弹出
两只小球.忽略空气阻力，两只小球落到水平地面的（）
A. 时刻相同，地点相同
B. 时刻相同，地点不同
C. 时刻不同，地点相同
D. 时刻不同，地点不同
【来源】2018年全国普通高等学校招生统一考试物理（江苏卷）
【答案】B
【解析】本题考查合运动与分运动的关系及时刻和位置的概念，意在考查考生的理解能力。弹射管在竖直方向做目由落体运动,所以弹出小球在竖直方向运动的时间相等‘因此两球应同时落地！由于两小球先后魏出，且弓单出小球的初速度相同，蒯A小球在水平方向运动的时间不等，因小球在水平方向做匀谏屋1L所以水平位移相等「因此落点不相同』故诜项B正确
点睛：本题以平抛运动为背景考查合运动与分运动的关系及时刻和位置的概念，解题时要注意弹射管沿光滑竖直轨道向下做自由落体运动，小球弹出时在竖直方向始终具有跟弹射管相同的速度。
2. 根据高中所学知识可知，做自由落体运动的小球，将落在正下方位置。但实际上，赤道上方200m处无初速下落的小球将落在正下方位置偏东约6cm处，这一现象可解释为，除重力外，由于地球自转，下落过程小球还受到一个水平向东的“力”，该“力”与竖直方向的速度大小成正比，现将小球从赤道地面竖直上抛，考虑对称性，上升过程该“力”水平向西，则小球
A. 到最高点时，水平方向的加速度和速度均为零
B. 到最高点时，水平方向的加速度和速度均不为零
C. 落地点在抛出点东侧
D. 落地点在抛出点西侧
【来源】2018年全国普通高等学校招生统一考试物理（北京卷）
【答案】D
【解析】AB、上升过程水平方向向西加速，在最高点竖直方向上速度为零，水平方向上有向西的水平速度，且有竖直向下的加速度，故AB错；
CD、下降过程向西减速，按照对称性落至地面时水平速度为0，整个过程都在向西运动，所以落点在抛出点的西侧，故C错，D正确；
故选D
点睛：本题的运动可以分解为竖直方向上的匀变速和水平方向上的变加速运动，利用运动的合成与分解来
【解析】试题分析二根据曲线运动的特点分析物体受力情况，根据牛顿第二定律求解出运动员与曲面间的正压力变化情况，从而分析运动员所受摩捧力变化；根据运动员的动能变化情况，结合动能定理分析合外力做功J根据运动过程中，是否只有重力做功来判断运动员的机械能是否守恒j
因为运动员做曲线运动」所以合力一定不为零」A错误F运动员受力如图所示「重力垂直曲面的分力与曲面对运动员的支持力的合力充当向心如 故有& -坏猝脂=m三=F* =机亍+ mgg为运动过程中速率恒定，旦日在减小，所以曲面对运动员的支持力抠来越大，根据F二X可知摩撵力越来越大，E错误J运

A. 2倍 B. 4倍 C. 6倍 D. 8倍
【来源】2018年全国普通高等学校招生统一考试物理（全国III卷）
【答案】A
【解析】试题分析本题考查平抛运动规律、机械能守恒定律及其相关的知识点。
解析 设甲球落至斜面时的速率为山乙落至斜面时的速率为也由平抛运动规律「公*y=w梦卜设斜面倾角为巳由几何关克顷片7我小球由抛出到落至斜面，由机械能守恒定律，;巾该+血舟与何,联立解得：14=也+切!咕叫即落至斜面时的速率与抛出时的速率成正比.同理可得」住H泌日任所以甲球落至斜面时的速率是己球落至斜面时的速率的？倍,选项a正确
点睛 此题将平抛运动、斜面模型、机械能守恒定律有机融合，综合性强。对于小球在斜面上的平抛运动，一般利用平抛运动规律和几何关系列方程解答。
5. 如图，abc是竖直面内的光滑固定轨道，ab水平，长度为2R： bc是半径为R的四分之一的圆弧，与ab相切于b点。一质量为m的小球。始终受到与重力大小相等的水平外力的作用，自a点处从静止开始向右运动，重力加速度大小为g。小球从a点开始运动到其他轨迹最高点，机械能的增量为（）

A. 2mgR
B. 4mgR
C. 5mgR
D. 6mgR
【来源】2018年全国普通高等学校招生统一考试物理（新课标I卷）
【答案】C
【解析】本题考查了运动的合成与分解、动能定理等知识，意在考查考生综合力学规律解决问题的能力。
1
设小球运动到c点的速度大小为匕，则对小球由a到c的过程，由动能定理得：F • 3R-mgR=-mvc2,又F=mg，解得：Vc2=4gR，小球离开c点后，在水平方向做初速度为零的匀加速直线运动，竖直方向在重力作用力下做匀减速直线运动，由牛顿第二定律可知，小球离开c点后水平方向和竖直方向的加速度大小均为g，则由
竖直方向的运动可知，小球从离开c点到其轨迹最高点所需的时间为:t二v/g=2JR，小球在水平方向的加速
1
度，胡，在水平方向的位移为x= at2=2R。由以上分析可知，小球从a点开始运动到其轨迹最高点的过程中，水平方向的位移大小为5R，贝"J、球机械能的增加量△£=「- 5R=5mgR，选项C正确ABD错误。
【点睛】此题将运动的合成与分解、动能定理有机融合，难度较大，能力要求较高。
6. A、B两艘快艇在湖面上做匀速圆周运动（如图），在相同时间内，它们通过的路程之比是4： 3,运动方向改变的角度之比是3： 2，则它们

A. 线速度大小之比为4： 3
B. 角速度大小之比为3： 4
C. 圆周运动的半径之比为2： 1
D. 向心加速度大小之比为1： 2【来源】浙江新高考2018年4月选考科目物理试题
【答案】A
【解析】因为相同时间内他们通过的路程之比是4：孔根据则A. B的线速度之比为4：为敌
&正确j
乱运动方向改变的角度之比为3 ； 2』根据心=牛则角速度之比为3； 2,故B错误』
C、根据u =由可得圆周运动的半径之比为包=tX j=|,故C错误；
D根据,55故叶
A?n ..
故选Ao
7. （多选）火车以60 m/s的速率转过一段弯道，某乘客发现放在桌面上的指南针在10 s内匀速转过了约
10° .在此10 s时间内，火车（）
A. 运动路程为600 m
B. 加速度为零
C. 角速度约为1 rad/s
D. 转弯半径约为3.4 km
【来源】2018年全国普通高等学校招生统一考试物理（江苏卷）
【答案】AD
【解析】本题考查匀速圆周的概念，意在考查考生的理解能力。圆周运动的弧长s=vt=60X10m=600m，选项
A正确；火车转弯是圆周运动，圆周运动是变速运动，所以合力不为零，加速度不为零，故选项B错误；由
Af 180 x 10
rad/s= 1 凯 rad/s ,
题意得圆周运动的角速度
又、；,一 ，
质 10（1）= 一=
u 60
「=—* ］日。
- :； l1 " m=3439m，故选项C错误、D正确。
点睛：本题以火车转弯指南针偏转为背景考查匀速圆周的概念，解答时要注意角度与弧度的换算关系
【2017高考真题】
1. 【2017 •新课标I卷】发球机从同一高度向正前方依次水平射出两个速度不同的乒乓球(忽略空气的影响)。速度较大的球越过球网，速度较小的球没有越过球网；其原因是
A. 速度较小的球下降相同距离所用的时间较多
B. 速度较小的球在下降相同距离时在竖直方向上的速度较大
C. 速度较大的球通过同一水平距离所用的时间较少
D. 速度较大的球在相同时间间隔内下降的距离较大
【答案】C
I
t解析】由题意知，速度大的球先过球网，即同样的时间速度大的球水平位移大，或者同样的水平距高速度大的球用时少』故正魂,ABD错误。
【考点定位】平抛运动
【名师点睛】重点要理解题意，本题考查平抛运动水平方向的运动规律。理论知识简单，难在由题意分析出水平方向运动的特点。
2. 【2017 •江苏卷】如图所示，A、B两小球从相同高度同时水平抛出，经过时间t在空中相遇，若两球的抛出速度都变为原来的2倍，则两球从抛出到相遇经过的时间为
zt8
(A) t (B) 乂t (C) 1- (D) J
224
【答案】C
【解析】设第一次抛出时A球的速度为v，B球的速度为v，则A、B间的水平距离x=(v+v)t，第二次两1212
球的速度为第一次的2倍，但两球间的水平距离不变，则x=2(v1+v2)T，联立得T=t/2,所以C正确；ABD错误.
【考点定位】平抛运动
【名师点睛】本题的关键信息是两球运动时间相同，水平位移之和不变.
3. [2017 -江苏卷】如图所示，一小物块被夹子夹紧，夹子通过轻绳悬挂在小环上，小环套在水平光滑细杆上，物块质量为M,到小环的距离为L,其两侧面与夹子间的最大静摩擦力均为F.小环和物块以速度v向右匀速运动，小环碰到杆上的钉子P后立刻停止，物块向上摆动.整个过程中，物块在夹子中没有滑动.小环和夹子的质量均不计，重力加速度为g.下列说法正确的是

(A) 物块向右匀速运动时，绳中的张力等于2F
(B) 小环碰到钉子P时，绳中的张力大于2F
2v 2
(C) 物块上升的最大高度为——
g
(D)
速度v不能超过l，(2F - Mg )L
\ M

【答案】D
【解析】由题意知疽为夹子与物块间的最大静摩操力，但在实际运动过程中，夹子与物块间的静摩攥力澄有达到最大，故物块向右匀速运动时，绳中的张力等于如 兑错误i小环碰到钉子时，物块做圆周运动，Fr-^g = M^-?绳中的张力大于物块的重力 辎 当绳中的张力大于2F时，物块将从夹子中滑出，即咨*=件此时速度芝七故弓错误r正跃 物块能上升的最大高度'*=云 所以C错误・
【考点定位】物体的平衡圆周运动
【名师点睛】在分析问题时，要细心•题中给的力F是夹子与物块间的最大静摩擦力，而在物块运动的过程中，没有信息表明夹子与物块间静摩擦力达到最大.另小环碰到钉子后，物块绕钉子做圆周运动，夹子与物块间的静摩擦力会突然增大.
【2016高考真题】
1. 【2016 •海南卷】在地面上方某点将一小球以一定的初速度沿水平方向抛出，不计空气阻力，则小球在随后的运动中
A. 速度和加速度的方向都在不断变化
B. 速度与加速度方向之间的夹角一直减小
C. 在相等的时间间隔内，速率的改变量相等
D. 在相等的时间间隔内，动能的改变量相等
【答案】B
【解析】由于物体只受重力作用」做平抛运动「故加速度不变'速度大小和方向时刻在变化，选顼急错误F设某时刻速度与竖直方向夹角为日，则血^二土土 随着时间！变大，皿6变小M变小，故选项B正确;根据加速度定义式占=苦=耻则 g州 即在相等的时间间隔内，速度的改变量相等』故迭顼侦错误』根据动能定理，在相等的时间间隋内，动能的改变量等于重力做的功，即片小孰对于平抛运动，由于在竖直方向上，在相等时间间隔内的位移不相等』故选项D错误。
【考点定位】平抛运动、动能定理
【名师点睛】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合加速度公式和动能定理公式灵活求解即可。
2. 【2016 •江苏卷】有A、B两小球，B的质量为A的两倍.现将它们以相同速率沿同一方向抛出，不计空气阻力.图中①为A的运动轨迹，则B的运动轨迹是

A. ①B.②C.③D.④
【答案】A
【解析】由题意知A、B两小球抛出的初速度相同，由牛顿第二定律知，两小球运动的加速度相同，所以运动的轨迹相同，故A正确；B、C、D错误.
【考点定位】考查抛体运动
【方法技巧】两球的质量不同是本题的一个干扰因素，重在考查学生对物体运动规律的理解，抛体运动轨迹与物体的质量无关，只要初始条件相同，则轨迹相同。
3. 【2016・上海卷】风速仪结构如图（a）所示。光源发出的光经光纤传输，被探测器接收，当风轮旋转时，通过齿轮带动凸轮圆盘旋转，当圆盘上的凸轮经过透镜系统时光被挡住。已知风轮叶片转动半径为r，每转动n圈带动凸轮圆盘转动一圈。若某段时间△$内探测器接收到的光强随时间变化关系如图（b）所示，则该时间段内风轮叶片
即d
… . 、.4nnr
A.转速逐渐减小，平均速率为 -
△t
… . 、.8nnr
B. 转速逐渐减小，平均速率为 -
△t
4nnr
C. 转速逐渐增大，平均速率为 一
△t
8nnr
D. 转速逐渐增大，平均速率为 -
△t

【答案】B
【解析】根据题意,从图")可以看出，在屋时间内，探测器接收到光的时间在增长」圆盘凸轮的挡光时间也在增长，可以确定圆盘凸轮的转动速度在减小？在△，时间内可以从图看出有比次挡光，即圆盘转动4
周，则风轮叶片转动了如周』风轮叶片样过的弛长为(二物履明，叶片转动速率为：v =—,故诜项
&
B正确
【考点定位】圆周运动、线速度、平均速度
【方法技巧】先通过图示判断圆盘凸轮的转动速度变化和转动圈数，再通过圆周运动的关系计算叶片转动速率。
4. 【2016 •全国新课标III卷】如图，一固定容器的内壁是半径为R的半球面；在半球面水平直径的一端有一质量为m的质点P。它在容器内壁由静止下滑到最低点的过程中，克服摩擦力做的功为W。重力加速度大

【答案】AC
【解析】质点P下滑过程中，重力和摩擦力做功，根据动能定理可得mgR - W = 1mv2，根据公式a =、，
2R
、,、,2(mgR - W)
联立可得a =mR ，A正确，B错误；在最低点重力和支持力的合力充当向心力，摩擦力水平，不
……3mgR - 2W
参与向心力，故根据牛顿第二定律可得N-mg = ma，代入可得N =r, C正确，D错误。
【考点定位】考查了动能定理、圆周运动【方法技巧】应用动能定理应注意的几个问题：（1）明确研究对象和研究过程，找出始末状态的速度；（2）要对物体正确地进行受力分析，明确各力做功的大小及正负情况（待求的功除外）；（3）有些力在物体运动过程中不是始终存在的，若物体运动过程中包括几个阶段，物体在不同阶段内的受力情况不同，在考虑外力做功时需根据情况区分对待。
5. 【2016 •浙江卷】如图所示为赛车场的一个水平“梨形”赛道，两个弯道分别为半径R=90 m的大圆弧和r=40 m的小圆弧，直道与弯道相切。大、小圆弧圆心0、O'距离L=100 m。赛车沿弯道路线行驶时，路面对轮胎的最大径向静摩擦力是赛车重力的2.25倍。假设赛车在直道上做匀变速直线运动，在弯道上做匀速圆周运动，要使赛车不打滑，绕赛道一圈时间最短（发动机功率足够大，重力加速度g=10 m/s2，n =3.14），则赛车

A. 在绕过小圆弧弯道后加速
B. 在大圆弧弯道上的速率为45 m/s
C. 在直道上的加速度大小为5.63 m/s2
D. 通过小圆弧弯道的时间为5.85 s
【答案】AB
【解析】在弯道上做匀速圆周运动时，根据牛顿定律有kmg = mVZ，故当弯道半径一定时，在弯道上的最大速度是一定的，且在太醐弯道上的i大速度t于小圆弧弯道上的最大速度，古嫂想时间最匝故可在绕H小圆弧弯道后加速7选项A正确?在大ISES弯道上的速率为% = J蛔R = ^225x10x90 m.-s =45iil;s；选项B正确j直道的长度为x = /『-成-厅=5山$ m ,在<]*圆弧音道上的最大速度为
七=序=辰而顽ni-=30iiis,故在直道上的加速度大小为
由=土宣=艾斗皿卷::叫9巩成，选项匚错误j由几何关系可知，小圆弧轨道的长度为—,通过2x 2>:52^23
2 nr
~3 2 x 3.14 x 40…
小圆弧弯道的时间为t =一匚=一——一 sq 2.80 s，选项D错误；故选AB.
v3 x 30
mr
【考点定位】牛顿第二定律的应用；匀变速运动的规律。
【名师点睛】此题综合考查匀变速直线运动及匀速圆周运动的规律的应用。要知道物体在原轨道做圆周运动的向心力来自物体与轨道的静摩擦力，所以最大静摩擦因数决定了在圆轨道上运动的最大速度。此题立意新颖，题目来自生活实际，是一个考查基础知识的好题。